我們假設， 一次可以擊打任意多相鄰連續的紅球，也可以只擊打乙個球。 並且紅球既不會落袋，也不會相
互發生碰撞，而只是停留在原處。每次擊打時候，要想「k到紅球」，至少要擊打乙個紅球，如果想一次擊打
多個紅球，那麼擊打 的紅球必須是依次連續排列的。 如果一次「k到紅球」所有紅球的標號之和的平均數大於
母球的標號 \(m\)，就獲得了一 個「連擊」。
現在請你幫幫 hs_black 計算總共能有多少種「連擊」方案。注意：如果當前有標號為 \(1,2,3\) 的三種紅球，母球標號為 \(0\)，有如下 \(6\) 種獲得「連擊」方 案：\((1),(2),(3),(1,2),(2,3),(1,2,3)\)
輸入共有兩行，第一行是\(n\)，\(m\) (\(n⩽100000,m⩽10000\)) ，nn 表示檯面 上一共有 \(n\) 個紅球，\(m\) 表示
母球的標 號。 第二行是 \(n\) 個正整數，依次表示臺面上 \(n\) 個紅球的標號，所有標號均不超過 \(10000\)
輸出只有乙個數，為「連擊」的方案總數。
思路先說一下暴力，維護乙個字首和，\(n^2\)的時間複雜度掃一遍就行，
說正解，學會手玩式子還是挺重要的
我們要求的就是滿足\(\dfrac >m\)的區間的個數，這裡規定\(j>i\)
我們變形一下便會得到
\(sum\left[ j\right] -sum\left[ i\right] >mj-mi(j>i)\)
\(sum\left[ j\right] -mj >sum\left[ i\right] -mi(j>i)\)
不妨把\(sum[j]-mj\)和\(sum[i]-mi\)分別看成單獨的兩項，即\(v[j],v[i]\)
問題就簡化成了\(v[j]>v[i](j>i)\)
看到這個我們還是沒法用我們已知的演算法進行求解，我們看到這個形式不難會想到逆序對
只要我們再取一次反，不就變成了\(v[j]i)\),也就是求逆序對的問題嗎
歸併求或者樹狀陣列進行求解都是可以的
但是這個注意有個小細節，就是如果單獨的乙個數是大於\(m\)的，那麼它也是滿足條件的，
為了不漏掉這種情況，我們在數的最開始加乙個值為0的數
那會不會對其他情況產生影響呢，答案是不會的，因為我們的\(v\)早已經處理好了
**就是歸併排序求逆序對的寫法
#includeusing namespace std;
const int n=200000;
int sum[n];
int n,m;
int a[n];
template inline void read(t &x)
long long res;
int q[n],tmp[n];
long long merge_sort(int q,int l,int r)
}while(i<=mid)tmp[k++]=q[i++];
while(j<=r) tmp[k++]=q[j++];
for(int i=l,j=0;i<=r;i++,j++) q[i]=tmp[j];
return res;
}int main()
for(int i=1;i<=n;i++)
//產生新的sum陣列 產生方式就是sum[i]=-(sum[i]-mi)
merge_sort(sum,0,n);
cout
}
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