Bellman Ford演算法模板題

poj 3259 蟲洞（bellman-ford判斷有無負環的問題）

描述：在探索他的許多農場時，farmer john發現了許多令人驚嘆的蟲洞。

蟲洞是非常奇特的，因為它是一條單向路徑，在您進入蟲洞之前的某個時間將您帶到目的地！

每個fj的農場包括

ñ（1≤

ñ≤500）字段方便地編號為1 .. ñ，

中號（1≤

中號≤2500）的路徑，和

w ^（1≤

w ^≤200）蟲洞。

由於fj是狂熱的時間旅行愛好者，他想要做以下事情：從一些場地開始，穿過一些路徑和蟲洞，並在他最初離開前的一段時間返回起跑場。

也許他將能夠見到自己:)。

為了幫助fj找出這是否可行與否，他將與完整的地圖供你

˚f（1≤

˚f他的農場≤5）。

沒有路徑需要超過10,000秒的旅行時間，沒有蟲洞可以使fj及時返回超過10,000秒。

輸入：第1行：單個整數，f。

f農場描述如下。

每個農場的第1行：分別為三個以空格分隔的整數：n，

m和w第2行。

每個農場的

m+ 1：三個以空格分隔的數字（s，

e，t）分別描述：雙向路徑在s和

e之間需要t

秒來遍歷。

兩個字段可能通過多個路徑連線。線中號

2 ..

中號+

w ^每個場的1：三個空間分隔的數字（s，

e，t）分別描述：從s到

e的單向路徑

，也將旅行者移回t秒。

輸出：第1行......

f：對於每個農場，如果fj可以達到目標，則輸出「yes」，否則輸出「no」（不包括引號）。

//
這是一道判斷有無負環的題目，主要是為了熟悉bellman-ford演算法，寫法也是採用模板題的寫法
#include #include 
#include 
#include 
using
namespace
std;
intf,n,m,w,all_e;
int dis[505
];struct
node edge[
6000
];bool
bellman_ford()
if(!flag)
break
;        
}for(int j=0; j)
if(dis[edge[j].e] > dis[edge[j].s] +edge[j].t)
return
true
;        
return
false;}
intmain ()
for(int i=0; i)
if(bellman_ford())
cout
<<"
yes"

cout
<<"no"
<}
return0; 
}

poj 1860 兌換貨幣（判斷有無正環）

描述我們城市有幾個貨幣兌換點在運作。假設每個點專門處理兩種特定的貨幣，並且只對這些貨幣執行兌換操作。可以有幾個點專門針對同一種貨幣。每個點都有自己的匯率，a到b的匯率是1a的b的數量。另外，每個兌換點都有一定的佣金，你必須為你的兌換業務支付的金額。佣金總是以貨幣量收取。

例如，如果你想在兌換點將100美元兌換成俄羅斯盧布，匯率為29.75，佣金為0.39，你將得到(100-0.39)*29.75=2963.3975rur。

你當然知道，在我們的城市裡，你可以對付n種不同的貨幣。讓我們為每種貨幣分配從1到n的唯一整數。然後，每個交換點可以用6個數字來描述：整數a和b-它交換的貨幣數和實r。ab型、cab型，r巴和c巴-交換a至b和b至a時的匯率和佣金。

尼克有一些貨幣s，他想知道他是否可以某種方式，在一些外匯操作後，增加他的資本。當然，他最終想把錢換成s貨幣。幫助他回答這個難題。尼克在做手術的時候總要有一筆非負的錢。

輸入輸入的第一行包含四個數字：n-貨幣數量，m-外匯點數，s-貨幣尼克的數量，v-他擁有的貨幣單位的數量。以下m行按上述順序分別包含6個數字-對應的交換點的描述。數字由乙個或多個空格分隔。1<=s<=n<=100，1<=m<=100，v為實數，0<=v<=103.

每一點的匯率和佣金是真實的，小數點之後最多有兩位數，即10。-2

<=rate<=102，0<=佣金<=102.

如果在這個序列中沒有不止一次使用交換點，那麼讓我們簡單地呼叫交換操作的某些序列。您可以假設，在任何簡單的交換操作序列的末尾和開始處的數字值的比率將小於10。4.

輸出量如果尼克能增加他的財富，產出是肯定的，在其他情況下輸出不輸出檔案。

樣本輸入

3 2 1 20.0

1 2 1.00 1.00 1.00 1.00

2 3 1.10 1.00 1.10 1.00

樣本輸出

yes

//
該題剛剛寫的時候，不知道怎麼處理這些資料，把這些資料看成圖，其實本質都是一樣的，只不給邊賦予了性質，處理好這些資料又是一道模板題
#include #include 
using
namespace
std;
int g1[105][105]=,g2[105][105]=;
double dis[105]=;
intn,m,s;
double
v;struct
nodeedge[
105];
bool
bellman_ford()
}if(!flag)
break
;    }
for(int j=0; j<2*m; j++)
}return
false;}
intmain()
if(bellman_ford())
cout
<<"
yes"

cout
<<"no"

}

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