要注重問題的轉化和一些結論的推斷要致富，先擼樹。
一棵樹的形狀可以簡化為一張 $n$ 個點 $m$ 條邊的圖，由於裝備條件限制，你只有擼兩次，也就是刪去兩條邊，當這張圖不聯通時，就意味著樹倒了。
現在你想知道有多少種方案能擼倒這棵樹。
第一行兩個正整數 $n,m$
接下來 $m$ 行，每行兩個正整數，表示一條邊。
輸出乙個數，表示方案數。
對於 $30\%$ 的資料，$1\le n\le 20，1\le m\le40$
對於$50\%$的資料，$1\le n\le500，1\le m\le1000$
對於$100\%$的資料，$1\le n\le50000，1\le m\le100000$
保證剛開始圖是聯通的。
時間限制:1s
空間限制:512m
有重邊
圖的問題先轉化為樹，於是
先預處理出樹邊與非樹邊，再來考慮非樹邊對於樹的影響。
首先是一些定義：對每一條邊，如果是樹邊就使用雜湊記錄下經過它的非樹邊，並將這個雜湊值稱作「經過雜湊值」、邊的數量稱作「經過數」；如果是非樹邊，「經過雜湊值」就是它的雜湊值本身、「經過數」不計。
然後是結論：若一條邊（樹邊）的經過數為0（也就意味著它是一條割邊），說明選了它再任選一條邊都可行；若兩條邊的經過雜湊值相同，意味著必須同時取兩條這種邊才能將圖分為兩半。
接下去考慮演算法實現。
注意到這裡雜湊是集合雜湊，那麼一種經典方法就是rand乙個大數（long long），再異或起來。對於一條非樹邊$(u,v)$，我們需要把樹上路徑$u->v$這一段都加上標記，因此考慮樹上差分。這裡有乙個小技巧，因為此處操作是異或，而兩端點同時異或乙個相同的數，那麼就不用像常規那樣求出lca並除去貢獻，只需要在打完標記之後再從上至下dfs一遍記錄每一條邊的雜湊值。
還有乙個處理的技巧：將雜湊開成unsigned long long；雙雜湊開std::pair。如此一來排序時候就自然而然將經過數為0的邊排在前面，天然保證了答案的順序。
1 #include2 typedef unsigned longendlong
ll;3 typedef std::pairpr;
4const
int maxn = 50035;5
const
int maxm = 200035;6
7struct
edge811
}edges[maxm];
12int
n,m,u[maxm],v[maxm],fa[maxn];
13int
edgetot,head[maxn],nxt[maxm];
14pr eval[maxm],ev[maxn];
15ll ans;
1617
intread()
1829 pr operator ^(pr a, pr b)
30int
get(int x)
31void addedge(int u, int v, int
id)32
36void count(int x, int
fa)3744}
45int
main()
46else60}
61for (int i=1; i<=m; i++)
62if (eval[i].first||eval[i].second)
65 count(1, 0
);66 std::sort(eval+1, eval+m+1
);67
for (int i=1, j=0; i<=m; i=j)
6875
}76 printf("
%lld\n
",ans);
77return0;
78 }
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