題面暫缺。
題解：首先，對於不合法，有兩種情況，分別處理。
①內含白色連通塊。此時 o(n
2)
o(n^2)
o(n2
) 暴搜所有白色連通塊以及最小包含子矩形。可以發現，答案矩形不能包含子矩形。這時考慮優化 o(n
4)
o(n^4)
o(n4
) 暴力。
我們只用列舉上、下、左邊界，最大右邊界可以發現對於左邊界是單調增的。這時我們用桶維護。
②包含兩個及以上的黑色連通塊。這時我們可以發現對於兩列 r
rr 和 r+1
r+1r+
1，假如我們把這兩列合併，可以發現若右邊界滿足①，那麼和並這兩列一定是合法的，不然必須有白色連通塊內含。所以我們可以算出 δsz
\delta sz
δsz 的字首和，就可以支援 o(1
)o(1)
o(1)
查詢左端點的答案。
#include
#define n 305
using
namespace std;
inline
intread()
while
(s>=
'0'&&s<=
'9')
return x*f;
}int a[n]
[n],b[n]
[n],n,m,lx,ly,rx,ry,flag,st;
char s[n]
;struct nodesq[n*n]
;inline
bool
cmp(node a,node b)
int dx=
;int dy=
;inline
intpd
(int x,
int y)
void
dfs(
int x,
int y)
if(b[tx]
[ty]
)continue
;dfs
(tx,ty);}
}int ccl[n]
[n],fa[n*n*3]
,cnt1[n]
,cnt2[n]
,sum[n]
,tong[n*n<<1]
,zero=n*n,tl[n]
;inline
intid1
(int x,
int y)
inline
intid2
(int x,
int y,
int typ)
inline
intget
(int x)
long
long ans;
intmain()
}for
(int i=
1;i<=n;
++i)}}
}sort
(sq+
1,sq+
1+st,cmp)
;for
(int ux=
1,top=
1;ux<=n;
++ux)
for(
int i=
1;i<=m;
++i)
for(
int i=m-
1;i;
--i)tl[i]
=min
(tl[i]
,tl[i+1]
);for(
int i=
1;i<=m;
++i)
}for
(int i=
2;i<=m;
++i)}if
(a[dx]
[i])}if
(a[dx]
[i-1
]&&a[dx]
[i])
} sum[i]
=cnt2[i]
-cnt1[i-1]
;}for(
int i=
2;i<=m;
++i)sum[i]
+=sum[i-1]
;int l=m,r=m;
for(
;l;--l)
while
(r)tong[sum[r]
+zero]--,
--r;
//memset(tong,0,sizeof(tong));
//for(int i=1;i<=m;++i)cout}printf
("%lld\n"
,ans)
;return0;
}
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