卡題卡得好難受orz。發現自己還是連最基本的dp都沒有掌握，淚目qaq 花了一天時間閱遍資料，還是多少有點啟發的。剩下的就得靠diffuse mode了。
下面開始愉快的刷題模式。一共四十多道，慢慢填坑。
robber:
這道題一看就是0/1揹包啦，因為每種只有拿或不拿兩種選擇。
但是和其他的又有所不同。首先一看這道題，第一反應就是用總概率p當容量。剛開始智障了，以為p相加得到不被抓的概率，後來想想應該是相乘啊喂！這還不算，如果用p當容量，p小數點後面有好多位，就算乘個比較大的數把它化整，也是行不通的。因為概率是相乘的。
所以得用物品總價值當揹包容量。dp陣列裡的值是不被抓的概率。正確的狀態轉移方程應該為：dp[j]=max(dp[j],dp[j-q[i].money]*q[i].v)
初始化dp[0] = 1.
還被坑到了乙個地方。。dp陣列要開到10000，因為100*100.剛開始開到100提示超時，不知道為什麼。
**如下：
#include #include #include #include using namespace std;
typedef structnode;
node r[10003];
int t;
double p;
int n;
int mj;
double dp[10003];
int main()
dp[0] = 1;//不被抓概率
for(int i = 1;i<=n;i++)
for(int j = sum;j>=r[i].money;j--)
dp[j] = max(dp[j-r[i].money]*(1-r[i].p),dp[j]);
for(int i = sum;i>=0;i--)
} memset(dp,0,sizeof(dp));
} return 0;
}
這道題需要注意：
1.輸入格式問題。scanf中%*+資料型別，意為輸入的時候跳過此資料型別。還有規定格式輸入。
2.因為都是兩位double，所以要×100轉換為int，才可轉換為揹包問題。
區域性變數一定要初始化初始化初始化！！！debug了半天orz
做到這題的時候又意識到自己對dp之認識不足，又去翻翻翻資料。開始用了很奇怪的看上去是dp實則為貪心的演算法，用票數當揹包容量什麼鬼啊摔！
**如下：
#include #include #include #include using namespace std;
typedef structnode;
node shu[33];
int dp[3000003];
int main()
return 0;
}
最大連續子串行
哈哈哈看了這幾天dp還是有用的嘛！竟然1a簡直不能再開心啊哈哈哈哈
這道題關鍵的狀態轉移方程。dp[i]表示以num[i]為最後一項的連續子串行的最大值。這樣就好啦！
分兩種情況，一種是dp[i-1]<=0的。小於0說明越加越小，肯定不行。試了試這個地方加不加等號都可以a，題目中說的i，j必須最小，感覺不是很清楚。如果按題目所說，那麼應該不加等號是正確的。
另一種，大於0的時候直接加加加就行。
同時每一步對應dp[i]記下此時子串行的長度。輸出的時候逆推就好啦
**如下
#include #include #include #include #include using namespace std;
int n;
int num[10004];
int dp[10004];
int len[10004];
int main()
int ma = -99999999;
if(!flag)
else
else
ma = max(dp[i],ma);
}} // printf("2333\n");
int end = 99;
for(int i = 1;i<=n;i++)
} // cout<>n; }
return 0;
}
簡直智障。。陣列開小了，提示超時。調了半天orz
其實和上面一道題一毛一樣
**如下
#include #include #include #include #include using namespace std;
int n;
int num[100004];
int dp[100004];
int len[100004];
int main()
else
ma = max(dp[i],ma);
} int end = 99;
for(int i = 1;i<=n;i++)
} // while(num[end]==0&&len[end]!=0)
// end--;
mar++;
cout<<"case "<
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