noip2014 d2解題報告

d2也挺簡單的，t1乙個二維字首和，t2乙個bfs+spfa，t3難度較大，但是**實現難度不大，而且30非常好拿。所以兩天成績=260+230=490，好菜啊qwq，往年的題都做成這個樣子……

t1：無線網路發射器選址，又是乙個模擬，只要處理下二維字首和就好，注意判斷好邊界，不要讓陣列越界

#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
int d,n,x,y,z,ans1,ans2,xa,xb,ya,yb,sum[130][130
];//
這個題我們只需要求個二維字首和，再列舉中心就好了，注意處理好邊界 
intmain()
cout
'<
}

t2：尋找道路，這個首先我們就可以想到反向建圖，選出能夠到達終點的點，然後在列舉它們，判斷是否符合條件，符合就把與它相連的所有邊建起來，這樣並不會多出能到達終點的路徑，因為會在半路中截斷，建出圖來就好辦了，跑一邊spfa就完事了

#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
intn,m,ta1,ta2,ta3,x,y,s,e;
struct
inter[
200020],es[200020],ing[200020
];int he1[10010],ans[10010],he2[10010],he3[10010
];bool flag[10010
];inline 
void bu1(int f,int
l),he1[f]=ta1;
es[++ta2]=(in),he2[l]=ta2;
}queue
qwq;
inline 
void bfs(int
fi)    }
}inline 
void bu2(int f,int
l),he3[f]=ta3;
}inline 
void
init()
}if(fl)//
如果它的蛾子能夠到達終點就建邊（就算後面有不能到達終點的後代也無所謂，因為這樣不會建邊） }}
}inline 
void spfa()//
跑一邊最短路 
}flag[qaq]=0
;        qwq.pop();
}if(ans[e]<2139062143
)        cout
<
else
cout
<
/*這個題我們可以先反向建圖，然後判斷出哪些點可以到達終點
之後再根據題目要求，將自己蛾子所有能夠直接或者間接到終點的點的所有邊接起來 
這樣做並不會出現不符合題意的路徑，因為所有不應該到達終點的路徑就算多建了幾條邊，也會因為中間的點不滿足條件而最後不會聯通到終點 
所以我們重新建了一張圖，之後跑個spfa就可以了 
*/int
main()

t3：這是2023年最有難度的乙個題，首先我們可以轉化一下方程。

根據秦九韶演算法：

所以我們可以簡化一下計算，降低一下時間複雜度，這是第乙個優化

之後我們想一下，如果我們將方程模上乙個質數，這時如果滿足另一邊為0的時候，我們是不是可以基本看成x是方程的乙個解，當然肯定會出現錯誤，但是如果我們多模上幾個質數的時候，出錯的概率就會大大降低呢？所以我們可以多模上幾個數，這樣也避免了高精運算2333333

#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
typedef 
long
long
lo;const lo m1=99991
;const lo m2=998244353
;const lo m3=1000000007
;lo n,m,a[
110],b[110],c[110],ans,lin[1000010
];bool flag[1000010
];inline 
void re(int
i)    
while(s>='
0'&&s<='
9')//
取模是為了存的開 
a[i]=((a[i]*10%m1)+s-'
0')%m1,b[i]=((b[i]*10%m2)+s-'
0')%m2,c[i]=((c[i]*10%m3)+s-'
0')%m3,s=getchar();
if(fl)
a[i]*=-1,b[i]*=-1,c[i]*=-1;}
inline 
bool
ask1(lo x)
inline 
bool
ask2(lo x)
intmain()}}
for(lo i=1;i<=m;i++)
if(flag[i])
lin[++ans]=i;
cout
;    
for(lo i=1;i<=ans;i++)
cout
;}

抽空我再做15年的報告，畢竟15年的題還是很有難度的……

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