NOIP2010解題報告

t1 機器翻譯

t2 烏龜棋

t3 關押罪犯

t4 引水入城

題解：

一套不算太難的noip題目。

第一題直接暴力模擬佇列的工作即可。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
intq[10100];
int in()
int main()
if (!f)
}printf("%d\n",s);
return
0;}

第二題我寫的是 404

的dp，轉移方程顯然：

f[i][j][k][l]表示當前用了i張1步的，j張2步，k張3步，l張4步。

f[i][j][k][l]=max(f[i-1][j][k][l],f[i][j-1][k][l],f[i][j][k-1][l],f[i][j][k][l-1])+a[i+2×j+3×k+4×l]。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
int f[50][50][50][50]=,a[400],b[6];
int in()
int main()
printf("%d\n",f[b[1]][b[2]][b[3]][b[4]]);
return
0;}

第三題並查集，把所有的衝突按照值從大到小排序，然後每乙個衝突的兩端加進兩個不同的集合，直到出現衝突，此時這個衝突的值就是我們最終分配完後出現的最大的那個衝突值，輸出即可，如一直沒有衝突，就輸出0了。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
struct sa[100010];
int n,nn,m,fa[40010];
int in()
bool cmp(s a,s b)
int find(int x)
int main()
}printf("0\n");
return
0;}

第四題開始想到了正常解法，後來腦抽想去搞乙個最短路（**於費用流的啟發）。。於是頹了很久，後來還是寫了正常的做法。。寫完後去看了一下題解，發現好像真的可以跑最短路（囧。。）

說一下正常做法：

首先把第一行入隊，bfs一遍，看最後一行是否全都能訪問到，不能就直接輸出0和不能訪問的個數，否則就重新對於第一行的每個點dfs（bfs一樣。。懶的寫兩遍了。。）一遍，然後統計一下它能訪問到的最後一行的區間（這個一定是連續的，可以證明。。但我是腦補出來的。。），然後就是經典線段覆蓋的dp了。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define n 1001000
#define m 600
struct qq[n];
struct ee[m];
int dx[6]=,dy[6]=;
int n,m,f[m],a[m][m]; bool vis[m][m];
int in()
void bfs();
vis[1][i]=true;
}while (hfor (int i=0; i<4; i++)
}}void init()
}void dfs(int xu,int x,int y)
for (int i=0; i<4; i++)
}void dp()
}int main()
dp(); printf("%d\n",f[m]);
return
0;}

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