真是乙個思維巧妙的毒瘤題。
因此我們直接利用上面的性質來dp.
設f [i
][j]
f[i][j]
f[i][j
]表示線段按右端點排序後第i
ii條，[j,
rj
][j,r_j]
[j,rj
]只被覆蓋了一次的最小代價，[1,
rj
][1,r_j]
[1,rj
]全部被覆蓋的方案數。那麼，我們需要根據上乙個線段j
jj和i
ii的位置關係來進行轉移。
這樣，我們可以用求字首最小值方法來實現o(n
(n+m
))
o(n(n+m))
o(n(n+
m))的轉移。
那麼有乙個問題，這樣轉移都會把所有的狀態都轉移到嗎？
例如狀態的第二維l
il_i
li和rj+
1r_j+1
rj+
1來說，如果需要的狀態大於這個數字，那麼可以在字首最小值的時候列舉到；如果小於這個數字，接下來的數字還能列舉到jjj。
#include
using namespace std;
const
int n =
3000
;int n, m, res;
int f[n]
[n], min[n]
[n];
struct node a[n]
;int
read
(void
)bool pig
(node p1, node p2)
void
work
(void
) res =
1e9;
sort
(a+1
, a+n+
1, pig)
;for
(int i=
1;i<=n;
++i)
for(
int j=
1;j<=m;
++j)
f[i]
[j]= min[i]
[j]=
1e9;
for(
int i=
1;i<=n;
++i)
min[i][1
]= f[i][1
];for(
int j=
2;j<=a[i]
.r;++j) min[i]
[j]=
min(min[i]
[j-1
], f[i]
[j]);if
(a[i]
.r == m) res =
min(res, min[i]
[m]);}
cout <<
(res ==
1e9?-1
: res)
<< endl;
return;}
intmain
(void
)
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