眾所周知，tt 有乙隻魔法貓。
這一天，tt 正在專心致志地玩《貓和老鼠》遊戲，然而比賽還沒開始，聰明的魔法貓便告訴了 tt 比賽的最終結果。tt 非常詫異，不僅詫異於他的小貓咪居然會說話，更詫異於這可愛的小不點為何有如此魔力？
魔法貓告訴 tt，它其實擁有一張遊戲勝負表，上面有 n 個人以及 m 個勝負關係，每個勝負關係為 a b，表示 a 能勝過 b，且勝負關係具有傳遞性。即 a 勝過 b，b 勝過 c，則 a 也能勝過 c。
tt 不相信他的小貓咪什麼比賽都能**，因此他想知道有多少對選手的勝負無法預先得知，你能幫幫他嗎？
第一行給出資料組數。
每組資料第一行給出 n 和 m（n , m <= 500）。
接下來 m 行，每行給出 a b，表示 a 可以勝過 b。
對於每一組資料，判斷有多少場比賽的勝負不能預先得知。注意 (a, b) 與 (b, a) 等價，即每乙個二元組只被計算一次。
1、分析題目可知該題為乙個求傳遞閉包的問題，可以使用
step0 對每組資料，定義乙個bool陣列dis[501][501]存放大小關係，將輸入的大小關係錄入到dis陣列中（dis[a][b]=1）
step1 呼叫floyd函式，對某一k，若dis[i][j]=0，且dis[i][k]=1&&dis[k][j]=1，則將dis[i][j]賦為1。
step2 遍歷dis陣列，計算所有無法確定大小的陣列對。
1、如果直接按照floyd演算法做而不進行剪枝，會造成te的錯誤，所以需要在floyd演算法中，當對與某一k下，若dis[i][k]==0或dis[i][j]==1或dis[k][j]==0的情況均不需繼續計算，而是直接使用continue語句跳到下乙個迴圈。
2、函式的引數為bool** dis時無法將dis[501][501]傳入，所以考慮將引數直接換成確定大小的陣列。
3、對每乙個k計算dis[i][j]，只需要考慮dis[i][k]和dis[k][j]是否全為1，不用考慮dis[k][i]和dis[j][k]，因為這個在計算dis[j][i]時考慮了。
4、計算有多少對不確定時，dis[i][j]和dis[j][i]全為0時計算一次
#include
using
namespace std;
void
floyd
(int n,
bool dis[
501]
[501])
//bool** dis 無法將第二維確定的二維陣列傳入。}}
intmain()
;scanf
("%d%d"
,&n,
&m);
for(
int i=
0;i)floyd
(n,dis)
;int count=0;
for(
int i=
1;i<=n;i++
)for
(int j=i+
1;j<=n;j++
)/* for(int i=0;i<=n;i++)
return0;
}
week7 作業A TT的魔法貓
眾所周知，tt 有乙隻魔法貓。這一天，tt 正在專心致志地玩 貓和老鼠 遊戲，然而比賽還沒開始，聰明的魔法貓便告訴了 tt 比賽的最終結果。tt 非常詫異，不僅詫異於他的小貓咪居然會說話，更詫異於這可愛的小不點為何有如此魔力？魔法貓告訴 tt，它其實擁有一張遊戲勝負表，上面有 n 個人以及 m 個勝...
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WEEK7 A TT的魔法貓
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