7、判斷乙個二叉樹是否為完全 二叉樹。
一開始是想著利用遞迴，判斷有左孩子而無右孩子的節點的個數，並且要求左孩子為葉子節點。
判斷的條件很複雜，最後發現這種方法實際上是有問題的。
如果同時碰到兩個節點同時為有左葉子節點而右子樹為空，這種情況按照判斷應當返回false
但是這種方法並不能正確返回
1 / \
2 3
/ /
4 5
正確的方法應當是利用層次遍道理也比較清晰明了不同於一般的層次遍歷的地方在於無論node->left ,right 是否為空全部推入。
如果碰到第乙個為空的node，設定flag=1；在以後如果遇到任意乙個不為空的節點，必然是false的
class solution
}return
true;
}//遇到多個 有左孩子而無右孩子 的情況將無能為力
//正確的方法應當是使用佇列，如果出現了空節點，那麼之後出現的節點不再可能!=null
//利用flag表示父親節點是否是有lchild而無rchild
// //flag>1,要求這個節點不能再有葉子節點，否則必錯
// return isfull(root,0)==0;
// int isfull(treenode* root,int flag)
};
自頂向下遞迴即可解決~
class solution
};
使用棧的話很容易解決。
如果用遞迴的話，也值需要外設乙個變數。然後利用先序遍歷的思想，在相應的位置對這個變數進行操作就好了。
class
solution
// else if(k<1) return 0;
// else k--;
//
// return get_kth(root->left,k)+get_kth(root->right,k);
//
// 非遞迴版
// stackq;
// q.push(root);
// int count=0,num=root->val;
// while(!q.empty())
// return -1;
}//先定義後實現
// void get_kth(treenode* root);
//直接在class內部實現
void get_kth(treenode* root)
get_kth(root->left);
get_kth(root->right);
}};//void solution::get_kth(treenode* root)
//
// get_kth(root->left);
// get_kth(root->right);
//}
思路是使用乙個棧，從根節點開始遞迴，存放遞迴到當前步驟時候有哪些節點。
並使用乙個陣列（引用傳遞）當找到x的時候，取出當前棧內所有元素，返回。
class solution
void getx(treenode* root,int x,vector
&result,vector
& cur)
getx(root->left,x,result,cur);
getx(root->right,x,result,cur);
//遞迴推出
result.pop_back();
}};
一開始我所想是自底向上，傳乙個bool值，判斷有無找到和所需要值相對應的節點。
如果left==true && right==true 說明是root，另一種情況是left||right 並且root是所需要找尋的節點。
其實我所採取的做法的分情況討論是沒有必要的。
如果找到乙個節點root，就應當返回。這樣再判斷左右節點，如果兩節點分布在兩棵子樹上，則返回root。
而之前所擔心的，乙個節點是另乙個節點的祖先。
這種方式會直接將這個節點一直返回到root節點而無法遍歷到另一節點。
但是，這個節點就是祖先節點
1 /
2 /
3 例如一路左子樹往下，任取兩個節點，先遍歷到的那個節點就是祖先。
class solution
bool getancestor(treenode* root,int x,int y,treenode*
&target)
//如果孩子節點僅有乙個是true，但是當前節點是目的節點
//故二者公共祖先為當前節點
if((left || right)&&(root->val == x || root->val==y))
//當前節點是需要找尋的節點
if(root->val==x || root->val==y)
return
true;
//返回兩個子節點的或
return left || right;
}};
實際上可以歸結於求左右子樹和的最大值的問題。
int max=int_min;
int getmaxdepth(treenode* root)
滿二叉樹的左右子樹數量相等。
故可在拿走乙個節點之後，確定剩下的一半是左子樹的節點，一半是右子樹的。
對於乙個順序排列的abcdefg滿二叉樹
abdecfg
debfgca
post[end]=pre[start]，接著將剩下的節點進行二分。
half=(start-end)/2；
分別對兩部分遞迴求取。
注意在這時候，不能算上s1和e1所佔的位置，所以位置要適當微調。
class solution
}};
這題其實就是判斷兩棵二叉樹具有相同的樹形結構
可以使用遞迴完成
if(!root1 &&
!root2) return
true;
if(!root1 ||
!root2) return
false;
//要求左右子樹均相似
return issimilar(root1->left,root2->left) && issimilar(root1->right,root2->right);
每個節點的帶權路徑長度 =節點值*節點深度
難度倒還好，傳入乙個deep深度隨著遞迴增加即可
注意可以不必採取先加後減deep的操作，而是可以在傳值的時候直接加1即可
int getwpl(treenode* root)
int wpl(treenode* root,int deep)
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