peter喜歡玩陣列。noip這天，他從jason手裡得到了大小為n的乙個正整數
陣列。peter求出了這個陣列的所有子段和，並將這n(n+1)/2個數降序排序，他想
知道前k個數是什麼。
不難想到，從最大欄位和向下更新。
用set實現
介紹一下set:用法與priority_queue基本相同，區別是，set有自動去重，而priority_queue將所有元素放入。
然後通過三元組，分別記錄權值，左端與右端。
#include#include#include
#include
#define st first
#define se second
#define ll long long
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pr pair< ll,pair>
using
namespace
std;
sets;
ll sum;
int a[100010
];int
main()
s.insert(mp(sum,mp(
1,n)));
while(k--)
}return0;
}
2. . 奇襲
(raid.cpp\c\pas)
【問題描述】
由於各種原因，桐人現在被困在under world（以下簡稱uw）中，而uw馬上
要迎來最終的壓力測試——魔界入侵。
唯一乙個神一般存在的administrator被消滅了，靠原本的整合騎士的力量
是遠遠不夠的。所以愛麗絲動員了uw全體人民，與整合騎士一起抗擊魔族。
在uw的駐地可以隱約看見魔族軍隊的大本營。整合騎士們打算在魔族入侵
前發動一次奇襲，襲擊魔族大本營！
為了降低風險，愛麗絲找到了你，一名優秀斥候，希望你能在奇襲前對魔
族大本營進行偵查，並計算出襲擊的難度。
經過偵查，你繪製出了魔族大本營的地圖，然後發現，魔族大本營是乙個n
×n的網格圖，一共有n支軍隊駐紮在一些網格中（ 不會有兩隻軍隊駐紮在一起）。
在大本營中，每有乙個k×k(1≤k≤n)的子網格圖包含恰好k支軍隊，我們
襲擊的難度就會增加1點。
現在請你根據繪製出的地圖，告訴愛麗絲這次的襲擊行動難度有多大。
【輸入格式】
第一行，乙個正整數n，表示網格圖的大小以及軍隊數量。
接下來n行，每行兩個整數,xi,yi，表示第i支軍隊的座標。
保證每一行和每一列都恰有乙隻軍隊, , 即每乙個 xi 和每乙個 yi 都是不一樣
的。【輸出格式】
一行，乙個整數表示襲擊的難度。
樣例輸入：
51 1
3 22 4
5 54 3
樣例輸出：
解題：重要資訊：保證每一行和每一列都恰有乙隻軍隊, , 即每乙個 xi 和每乙個 yi 都是不一樣
的。由此可將二維首先優化至一維。
樣例則分別為 ：1 4 2 3 5
觀察發現，若某一區間最大值減最小值的差等於（這段區間的長度-1）那麼該段區間可選。
若左右端點分別為i,j，那麼 滿足的條件為 i-j+1=max[i,j]-min[i,j]。
分治演算法：
在每次solve 中，會出現兩種情況：
1、最大值與最小值都出現在同一端(l2、最大值與最小值出現不同端，處理起來就比較複雜了。
首先，lmax[i]表示從mid到i點的最大值 ，同理rmax[i]表示從mid+1到i點的最大值
lmin與rmin同理。
分情況考慮：
1、[l,mid]，從l到mid 過程中lmax是下降序列，lmin 為上公升序列。
2、[mid+1,r] 從mid+1到r 的過程中rmax 是上公升序列，rmin 是下降序列。
由上面公式,設最大值出現在右端 則 j-i+1=max[j]-min[i]+1;
-->max[j]-j=min[i]-i;
還有兩個條件：max[j]>max[i]，min[i]那麼對max[j]-j進行預處理 ，再用min[i]-i進行對應,o(n)處理。
在**裡再進行解釋吧。
#include#include#include
#define ll long long
using
namespace
std;
const
int maxn = 50010
;int tax[maxn<<1
];//設定乙個桶 ,用來存放max[j]-j預處理得到的值。
int *tax=&(tax[maxn]),q[maxn];//max[j]-j會出現負值，所以將陣列開到0以下。
intlmax[maxn],lmin[maxn],rmax[maxn],rmin[maxn];
int maxx = - (1
<<30
);int minn = 1
<< 30
;ll calc(
int l,int r,int
mid)
for(int i = mid+2 ; i <= r ;++i)
//預處理max和min
for(int i = l ; i <= mid ; ++i)
//最大值與最小值出現在同一端的情況
int q=mid,p=mid+1
;
while(q1]>lmin[l])q++,tax[rmax[q]-q]++;//如果右端下乙個位置仍然大於最左端的min值，那麼當前值入桶
while(p<=r&&rmax[p];//如果當前位置小於最左端max值，那麼當前值出桶
for(int i = l ; i <= mid ; ++i)//通過min[i]-i來對應max[j]-j
//像是乙個動態右移的過程，先預處理右端所有情況針對左端最左值得情況，然後通過左端右移，來實現桶的入與出。
for (int i = mid + 1 ; i <= r ; i ++)//清空
tax[rmax[i]-i] = 0
;
return
ret;
}ll solve(
int l,int
r)//分治部分
intmain()
printf(
"%i64d\n
",solve(1
,n));
return0;
}
很有意思的一道分治題，不過對於我這種蒟蒻到不行的蒟蒻來說，只能依靠題解苟活才會寫。
3.十五數碼
(fifteen.cpp/c/pas)
給出起始順序，要求通過 0 的移動（與上下左右交換），排成以下順序：
1 2 3 4
5 6 7 8
9 10 11 12
13 14 15 0
輸出最少移動次數。如果無解輸出 no。
這個單獨介紹一篇吧，看一下這個：
Noip模擬題解題報告
題目鏈結 智子 cq07年省選題 區間dp 當i j時，子串明顯只需要塗色一次，於是f i j 1。當i j且s i s j 時，可以想到只需要在首次塗色時多塗一格即可，於是f i j min f i j 1 f i 1 j 當i j且s i s j 時，我們需要考慮將子串斷成兩部分來塗色，於是需要...
11 5NOIP模擬賽解題報告
預計得分 100 40 30 170 實際得分 100 100 50 250 辣雞資料毀我青春 t1一眼不會做感覺要涼 t2好像一波折半搜尋就做完了 t3好像是神仙題不會做。打完t1暴力後去淦t2，結果最後在排序的時候把greater 寫成了greater 不過感謝辣雞資料放我一條活路。手玩了一下t...
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