整數劃分問題 遞迴 DP 及其擴充套件

2021-10-03 06:16:57 字數 3203 閱讀 8790

將正整數n表示為一系列正整數之和,

n=n1+n2+n3+n4+......+nk   (其中,n1>=n2>=n3>=n4........>=nk>0,k>=1)

正整數n的這種表示成為正整數n的劃分。正整數n的不同劃分個數成為正整數n的劃分數,記作p(n)。

例如,正整數6有如下11種劃分:

6;5+1;

4+2,4+1+1;

3+3,3+2+1,3+1+1+1;

2+2+2,2+2+1+1,2+1+1+1+1;

1+1+1+1+1+1;

其實這種問題可以認為是把n劃分為   加數小於或等於某個數的劃分,在這裡把這個數設為m。例如,對6的劃分可以認作是將6劃分為加數小於等於6的劃分,因為6的加數確實小於等於6,為什麼要引入這個m呢,是因為我們發現,從這個角度思考,比較容易求解。我們將劃分的種類數記為q(n,m),表示n劃分為小於或等於m的數的和的劃分數。

在遞迴過程中,要有遞迴出口,所以下面是對遞迴引數的處理。

1.n==1,時,顯然 q(n,m)=1;

2.m==1時,顯然 q(n,m)=1;

3.n,因為在n的劃分數均小於或等於n,所以q(n,m)=q(n,n);

4.n==m時,即q(n,n);

此時就是對n的劃分出來的數沒有限制,預設限制就是不大於n,此時劃分的總類數要分兩種情況才比較好解決:

1.劃分出來的數包含n(或m,因為n==m):那只有一種方式 比如 6的劃分 只有 6;一種方式

2.劃分出來的數不包含n(或m,因為n==m):就可以認為是將6劃分出來的數都小於6,其實就是都小於或等於5,接下來        其實就是求出來q(n,n-1)或者是q(n,m-1),此時n>m-1,放到遞迴方程裡就是求解q(n,m) n>m

綜合起來 q(n,n)=1+q(n,m-1);

5.n>m時,

當遇到這個問題時,其實可以看做是對n的劃分有了條件,就是所有的劃分出來的數小於m,在上文中,6有11種劃分方式,那是沒有對6劃分出來的數進行限制,當要使劃分出來的數都小於某個數時比如5時,那就不是11種了。

5+1;

4+2,4+1+1;

3+3,3+2+1,3+1+1+1;

2+2+2,2+2+1+1,2+1+1+1+1;

1+1+1+1+1+1;

這個時候分兩種情況:包含m和不包含m :

不包含m就是:

4+2,4+1+1;

3+3,3+2+1,3+1+1+1;

2+2+2,2+2+1+1,2+1+1+1+1;

1+1+1+1+1+1;這些情況,其實就是求6的劃分出來的數小於等於4的情況,放到遞迴方程就是 q(n,m-1)

包含m就是:

5+1;

這個時候,確定這種劃分數量的時候m不再是主角,我們只要求出來n-m的劃分情況就行了,因為此時的m的劃分情況,取決於n-m。 比如包含m=5的劃分情況就是 6-5=1的情況,比如包含4的劃分情況就是求6-4=2,2的沒有限制的劃分情況。放到遞迴方程裡面就是q(n-m,m)。

綜上:

q( n, n ) = 1, 當 n ==1;

q( n, n ) = 1, 當m == 1;

q( n, n ) = q( n,n ) , 當n < m;

q( n, n ) = q( n, m-1) +1 , 當n == m;

q( n, m ) = q( n - m, m ) + q( n , m -1) , 當n > m;

思路:來自

#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#define cla(a, sum) memset(a, sum, sizeof(a))

using namespace std;

typedef long long ll;

const int maxn=1e5+5;

int q(int n,int m)

else if(n>m)else if(n下面來講一下dp做法,其實理解了上面的遞迴思路,dp做法就很容易了,dp做法說白了就是狀態轉移,量的轉移。

dp[n][m]表示「和為n、最大劃分數為m」時,組合的數量。

根據上面的思路可以寫出下面的dp式:

n=1時,無論m等於多少,都只有一種的劃分,dp[1][m] = 1

m=1時,無論n等於多少,都只有一種的劃分,dp[n][1] = 1

n==m時,分兩種情況,dp[n][m] = 1 + dp[n][m-1]:

劃分數中包含m時,只有一種

劃分數中不包含m時,那最大值只能是m-1,為dp[n][m-1]

nn>m時,分兩種情況,dp[n][m] = dp[n-m][m] + dp[n][m-1]:

劃分數中包含m時,最後乙個劃分數必須為m(前面也可以有m)sum=n,dp[n-m][m]

2. 劃分數中不包含m時,那最大劃分數只能是m-1,dp[n][m-1]

附上**:也是 這個題目的題解

#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#define cla(a, sum) memset(a, sum, sizeof(a))

using namespace std;

typedef long long ll;

const int maxn=3e4;

int n;

int dp[125][125];

void init()//打表預處理 }}

int main()

} }for(i=1;i<=50;i++)//dp2[i][j]把i劃分成最大數為j的不同的正整數的種類數 }

//dp3[i][j]把i劃分成最大數為j的正奇數的種類數

for(i=1;i<=50;i++)

else dp3[i][j]=dp3[i][j-1];

//偶數時,i的劃分中不能包含j。

}} }

}int main()

return 0;

}

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