題意：
有n個木塊排成一行，從左到右依次編號為1~n。你有k種顏色的油漆，其中第i種顏色的油漆足夠塗ci個木塊。所有油漆剛好足夠塗滿所有木塊，即c1+c2+…+ck=n。相鄰兩個木塊塗相同色顯得很難看，所以你希望統計任意兩個相鄰木塊顏色不同的著色方案。
第一行為乙個正整數k，第二行包含k個整數c1, c2, … , ck。
輸出乙個整數，即方案總數模1,000,000,007的結果。
1 <= k <= 15, 1 <= ci <= 5
思路：(**學長部落格[scoi2008]著色方案 （狀態壓縮）)
5. 首先，這顯然是一道dp題目，然後開始考慮dp狀態的設定。
6. 對於每個位置的選擇，我們需要知道：一，到當前位置時顏色的剩餘狀態。二，前乙個位置塗得顏色。
7. 顏色的剩餘狀態假如強行記錄的話，共有15種顏色，每種顏色有5次填塗，狀態數總共是5^15。
8. 我們發現，並不一定確切的知道每一種顏色的剩餘狀態，可以通過將顏色歸類，來減少狀態數，這裡需要保證的是同類顏色的處理和對答案的影響完全一致。
9. 可以通過顏色的剩餘填塗次數，將所有顏色分為5類，分別對應剩餘1次、2次、3次、4次、5次。每一類的容量最大為15，狀態數為15^5。
ysx大佬的部落格對**解釋的很好了 —> 著色方案（狀壓dp）
#include
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#include
#include
#include
#include
#define inf 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
using
namespace std;
typedef
long
long ll;
const
int n =
2e5+10;
const ll mod =
1e9+7;
int vis[n]
;ll dp[16]
[16][
16][16
][16]
[6];
ll dfs
(int a,
int b,
int c,
int d,
int e,
int pre)
if(b >0)
if(c >0)
if(d >0)
if(e >0)
return dp[a]
[b][c]
[d][e]
[pre]
= ans%mod;
}int
main()
cout <<
dfs(vis[1]
, vis[2]
, vis[3]
, vis[4]
, vis[5]
,0);
return0;
}
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