* 思路：$dp_i$表示到第$i$個格仔的最大得分，仔細思考後發現$f_i$只能從他之前一段區間內的最大$f_i$轉移過來，且隨著區域的後移不斷改變，滑動視窗維護再二分答案就好了。
***實現：
滑動視窗的活動範圍：$max$($d-len$,1)$\to$$d+len$
滑動視窗的移動：當最大值的位置超過了他能跳到的最遠距離，則head++,視窗右移，另外如果我隊尾的元素小於我現在加入的元素，那麼隊尾元素對答案沒有貢獻，彈出就好了，則tail--
while (head<=tail&&dp[now]>=dp[q[tail]]) tail--;q[++tail]=now,now++;
while (head<=tail&&x[q[head]]
注意如果當前點不能到達要直接跳過
if (dp[now]<=-1e9)
二分答案：按公升序的花費二分，如果當前花費無法滿足總和大於$k$，那麼前面的也一定不滿足，則找右區間，如果當前花費滿足總和大於$k$，那麼後面的也一定滿足，則找左區間，滿足二分的單調性和區域性捨棄性。
while (l完整**：1 #include 2 #include 3 #include 4#define int long long
5using
namespace
std;
6const
int maxn=5e5+10;7
intn,d,k;
8int
x[maxn],s[maxn],q[maxn],dp[maxn];
9bool tag=0;10
bool solve(int
len)
15while (head<=tail&&dp[now]>=dp[q[tail]]) tail--;
16 q[++tail]=now,now++;17}
18while (head<=tail&&x[q[head]];
19if (head<=tail) dp[i]=dp[q[head]]+s[i];
20else dp[i]=-1e9;
21if (dp[i]>=k) return1;
22}23return0;
24}25signed main()
34if (tag) printf("
%lld\n
",r);
35else printf("
-1\n");
36return0;
37 }
題解 P3957 跳房子
題目鏈結 題目大意 給定 n 個格仔離原點距離以及權值，初始單次移動距離只能為 d 你可以花費 g 枚金幣使得單次移動距離變為 max d g,1 d g 內任意整數，問獲得權值至少為 k 最少需要花費多少枚金幣 單調佇列 分析 顯而易見答案具有單調性，因為花費金幣越多機械人越靈活，花費金幣少的可行...
P3957 跳房子 單調佇列,dp,二分
這就是之前普及組的第四題 有n個格仔，每個格仔有價值。機械人有固定的跳躍距離d，用k個金幣改進的話，就可以讓跳躍距離在d k到d k之間，不過至少要往前跳1個單位長度，每次都必須跳到格仔上。要求超過需要的價值求需要消耗的最少金幣。二分所需金幣數然後 dp，f i f i 表示跳到第i個格仔最大價值，...
洛谷P3957 跳房子
普及組的題。我不會。題目 思路很簡單，就是二分答案 dp 單調佇列 線段樹也可以 但是要注意細節，乙個細節錯了，一半分數就沒了。引用洛谷上某大佬的一段話 發現答案的可行區間是單調的，所以二分答案，容易推出f i 表示到達第i個格仔的最大值，列舉上一步跳了多少來轉移 然後仔細觀察可以發現對於乙個狀態，...