bzoj_4765_普通計算姬_分塊
"奮戰三星期，造台計算機"。小g響應號召，花了三小時造了臺普通計算姬。普通計算姬比普通計算機要厲害一些
。普通計算機能計算數列區間和，而普通計算姬能計算樹中子樹和。更具體地，小g的計算姬可以解決這麼個問題
：給定一棵n個節點的帶權樹，節點編號為1到n，以root為根，設sum[p]表示以點p為根的這棵子樹中所有節點的權
值和。計算姬支援下列兩種操作:
1 給定兩個整數u,v，修改點u的權值為v。
2 給定兩個整數l,r，計算sum[l]+sum[l+1]+....+sum[r-1]+sum[r]
儘管計算姬可以很快完成這個問題，可是小g並不知道它的答案是否正確，你能幫助他嗎？
第一行兩個整數n,m，表示樹的節點數與操作次數。
接下來一行n個整數，第i個整數di表示點i的初始權值。
接下來n行每行兩個整數ai,bi，表示一條樹上的邊，若ai=0則說明bi是根。
接下來m行每行三個整數，第乙個整數op表示操作型別。
若op=1則接下來兩個整數u,v表示將點u的權值修改為v。
若op=2則接下來兩個整數l,r表示詢問。
n<=10^5,m<=10^5
0<=di,v<2^31,1<=l<=r<=n,1<=u<=n
對每個操作型別2輸出一行乙個整數表示答案。
6 40 0 3 4 0 1
0 11 2
2 32 4
3 55 6
2 1 2
1 1 1
2 3 6
2 3 5
1610
9對結點編號進行分塊，樹狀陣列維護dfs序。
先預處理出來i到根路徑上經過了多少第j塊內的點，預處理時間複雜度$o(n\sqrt n)$
修改時對所有塊直接用剛才預處理出來的打標記，同時也要在樹狀陣列上修改出來。
查詢時整塊直接加上標記，零散的在樹狀陣列上暴力。
總時間複雜度$o(n\sqrt n logn)$，可過。
其實也可以對那些零散的修改$o(\sqrt n)$查詢$o(1)$，能做到$o(n\sqrt n)$不過我寫不過帶log的。
**：
#include #include #include #include using namespace std;#define n 100050
typedef unsigned long long ll;
int size,block,l[n],r[n],pos[n],n,m;
int dep[n],fa[n],head[n],to[n<<1],nxt[n<<1],val[n],cnt,root,poi[n][350],dfn[n],son[n];
ll sum[n],tag[n],s[n],c[n];
inline void add(int u,int v)
void fix(int x,ll v)
ll inq(int x)
void dfs(int x,int y)
}son[x]=dfn[0];
}void modify(int x,int y)
ll query(int x,int y) else
for(i=l[q];i<=y;i++)
}return ans;
}int main()
}if(r[block]!=n)
for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&i[val]);
for(i=1;i<=n;i++) else root=y;
}dfs(root,0);
for(i=1;i<=n;i++) s[pos[i]]+=sum[i],fix(dfn[i],val[i]);
while(m--) else
}}
bzoj 4765 普通計算姬
求樹上一段連續編號的子樹大小的和，帶修改。分塊。預處理乙個東西g x i 表示x這個點對i這個塊的影響。然後就可以暴力搞了。對於零散的點，就用樹狀陣列維護dfs序的區間和。貌似是nn logn 的，不過就是能過。還有以後打 盡量注意，少遞迴，少遞迴，少遞迴！最後要用un sign edlo nglo...
BZOJ4765 普通計算姬
bzoj4765 普通計算姬 試題描述 奮戰三星期，造台計算機 小g響應號召，花了三小時造了臺普通計算姬。普通計算姬比普通計算機要厲害一些。普通計算機能計算數列區間和，而普通計算姬能計算樹中子樹和。更具體地，小g的計算姬可以解決這麼個問題 給定一棵n個節點的帶權樹，節點編號為1到n，以root為根，...
bzoj4765 普通計算姬
給定一棵 n 個節點的帶權樹，節點編號為 1 n 以 root 為根，設 sum p 表示以點 p 為根的這棵子樹中所有節點的權值和。支援下列兩種操作 1.給定兩個整數 u,v 修改點 u 的權值為 v 2.給定兩個整數 l,r 計算 sum sum 第一行兩個整數 n,m 表示樹的節點數與操作次數...