之前隊爺講的時候沒聽懂,今天考試考到了,花時間學習一下。
推薦這篇部落格,講的很詳細;
題目:lgoj[p3805]manacher模板
求最長回文子串
o(n)列舉對稱點,再利用回文的性質向兩邊擴充套件,總複雜度o(n2)
這太不優秀了qaq
之前的演算法主要是列舉了重複的子串
栗子:
s="a b a b a a"
i : 1 2 3 4 5 6
>在i=3時會擴充套件到"a bab a"(ps:黑體為當前對稱點,以後不再說明)
>而子串"a b a"在i=2時就已經被訪問過了
如何避免呢?
正如上面所說,我們要避免重複的擴充套件,也就是要利用已有的資訊
這裡我們就要充分利用回文串的性質了
下面的栗子應該可以給你一些啟發:
串s為已經擴充套件完的回文串,長度為len,對稱點為mid(方便起見,假設s為乙個長度為奇數的串)
\(s_1,s_2,s_3...s_,s_,...,s_,s_\)
用陣列\(r_i\)記錄以i為對稱點的最長回文子串半徑
因為s是回文串,所以\(s_i=s_(1<=i<=mid-1)\)
假如我們現在已經知道了\(r_a(a為什麼呢?
因為s串回文,
所以,在s串上位置相對的兩段子串一定是對稱的
於是就可以利用左邊的資訊來更新右邊的資訊了
這基本上就是manacher的思路
盜一波圖:(主要是解釋程式)
①其實左邊的紅格沒啥用
②淺色的格仔為i,j的回文子串
③rl就是r
>在這裡雖然rj很長,但是在大於max_right的部分你並不知道滿不滿足i子串回文(因為在max_right以右並不滿足回文串的性質),所以ri只能到max_right處
上**
1 #include2我水平實在是太差了,以上內容不保證正確(qaq)#define r register int
3using
namespace
std;
4strings;5
char c[40000007];6
int ls,r[40000007];7
intmain()
8//這樣處理後不用判回文串長度奇偶(c為轉換後的串)
18 r max_right=0,mid=0
;//mid就是圖中的pos
19for(r i=1;i<=len;i++)
2029
}30 r ans=0;31
for(r i=1;i<=len;i++)
3235 cout<1
<
36return0;
37 }
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