題面過長，略
先把n個串合併建出trie. 由於n很小,對於trie的每個節點,我們用狀壓記錄這個節點代表的子串來自哪些串。然後bfs這個trie,建出廣義sam.對於sam中新建的每個節點,同樣維護這個子串來自哪些串，構建的時候把它賦值為原trie上的狀態(複製出來的節點為0).然後在parent樹上,把子樹中的狀態並上來。
接著設\(f[s]\)表示詢問的串狀態為\(s\)的答案。設字尾自動機上每個點的狀態為\(s_x\),我們初始化\(f[s_x]=len(x)\).那麼由於x代表在\(s_x\)中的每個串都存在,那麼在\(s_x\)的子集中的每個串都存在。我們可以用\(f[s_x]\)去更新\(f[s_x-\]\),即:
\[f[s-\]=\min(f[s-\],f[s])
\]對於詢問，直接輸出對應的\(f\)即可。時間複雜度\(o(\sum |s|+2^n)\)
#include#include#include#include#define maxn 2000000
#define maxc 26
#define maxs (1<<20)
using namespace std;
int n,m;
char in[maxn+5];
struct exsam t[maxn*2+5];
const int root=1;
int ptr=1;
int extend(int last,int c,int sta)
if(p==0) link(cur)=root;
else
}}t1;
struct trie
} }void build(exsam &t1)
int main()
t2.build(t1);
t1.topo_sort();
for(int i=1;i<=t1.ptr;i++) dp[t1.t[i].sta]=max(dp[t1.t[i].sta],t1.t[i].len);
for(int i=(1<=0;i--)
} scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=m;i++)}/*
2abaac2
01 */
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