基本操作
來自1.已知路徑求被所有路徑覆蓋的邊
首先對已知的這 n 條路徑的 起點a 和 終點b 的權值 +1,並對 lca(a, b) 的權值 -2 。
從根節點開始深搜，回溯時將其本身的權值加上所有子節點的權值。
那麼滿足要求的邊就是 權值等於n的節點與其父節點所連的邊
void
dfs(
int x,
int father)
}}
對每條路徑的 起點a和終點b 的權值 +1 , 對 lca(a, b) 的權值 -1,對 lca(a, b)的父節點 權值 -1
從根節點開始深搜，回溯時將其本身的權值加上所有子節點的權值
每個節點的權值既是其被路徑覆蓋的次數
原來的圖是一棵樹，新增的m條邊
每增加一條，一定會構成乙個u-lca(u,v)-v-u的乙個環
每兩個節點之間的邊一定都會被一些環給覆蓋 稱為覆蓋數
計算原圖中每條邊的覆蓋數
如果覆蓋數為0 那麼這條邊只要被刪除，新圖中任意刪去一條邊 整個network都會被分割
如果覆蓋數為1 那麼刪除這條邊和新圖中對應的邊 也會被分割
只有覆蓋數為2 這兩個點才不會被分割
**：
#include
#define ll long long
#define db double
#define n 1000005
using
namespace std;
intread()
while
(ch>=
'0'&&ch<=
'9')
return f*x;
}int first[n]
,net[n]
,to[n]
,dep[n]
,f[n][25
],cnt[n]
;int n,m,s,x,y,tot;
bool vis[n]
;void
add(
int x,
int y)
void
deal
(int e,
int fa)
}int
lca(
int x,
int y)
for(
int i=
19;i>=
0;i--
)return f[x][0
];}void
get(
int u)}}
intmain()
deal(1
,0);
for(
int i=
1;i<=m;i++
)get(1
);int ans=0;
for(
int i=
2;i<=n;i++
)printf
("%d"
,ans)
;return0;
return0;
}
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