給一棵樹，dfs時隨機等概率選擇走子樹，求期望時間戳。
乙個非常簡單的樹形dp?期望dp。推導出來轉移式就非常簡單了。
在經過分析以後，我們發現期望時間戳其實只需要考慮自己父親下來（步數加一）&從兄弟回來兩種可能。
設size[i]為i節點子樹大小（包括自身）
對於兄弟的情況，i節點的乙個兄弟有1/2的可能已經被遍歷完畢了，也就是步數加size該兄弟。
於是設ans[i]為到達i點的期望值，則
ans[i]=ans[father i]+1.0+(size[father i]-size[i]-1)*1/2
首先我們先進行一遍dfs，求出所有節點的size，
然後再次dfs，算出ans，即可。具體詳見**。
#include #include#include
using
namespace
std;
struct
edgee[
200010
];int h[100010],size[100010],n,x,tot=0
;double ans[100010
];int insr(int u,int
v)void dfssize(int x,int
last)
}}void calcans(int x,int
last)
intmain()
dfssize(
1,0);
calcans(
1,0);
for(int i=1;i<=n;i++)printf("
%.2lf
",ans[i]);
}
CF123E Maze 期望 樹形dp
題目鏈結 題目鏈結是洛谷翻譯過的。題意 給你一棵樹，邊權都是1，每乙個點有乙個是起點的概率和乙個是終點的概率，你將以起點為根，開始在樹上隨機dfs，直到走到終點。求dfs從起點到終點的期望長度。n 10w 題解 我們考慮一條確定路徑從s到t的期望步數的計算方法。我們發現，這個答案根據期望的線性性，我...
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cf23 e.tree cf竟讓卡常qaq dp 高精度 dp x j 表示以x為根的子樹,x所屬的聯通塊大小為j,的最大乘積 不帶j這塊 最後f x 維護以x為根的子樹的最大答案 有點卡記憶體.高精壓了4位 看了題解，了解到，其實這個dp的複雜度其實是o n 2 每次轉移是複雜度是x之前的子樹的s...
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