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在乙個2維平面上有兩條傳送帶,每一條傳送帶可以看成是一條線段。兩條傳送帶分別為線段ab和線段cd。lxhgww在ab上的移動速度為p,在cd上的移動速度為q,在平面上的移動速度r。現在lxhgww想從a點走到d點,他想知道最少需要走多長時間
輸入資料第一行是4個整數,表示a和b的座標,分別為ax,ay,bx,by 第二行是4個整數,表示c和d的座標,分別為cx,cy,dx,dy 第三行是3個整數,分別是p,q,r
輸出資料為一行,表示lxhgww從a點走到d點的最短時間,保留到小數點後2位
0 0 0 100
100 0 100 100
2 2 1
136.60
對於100%的資料,1<= ax,ay,bx,by,cx,cy,dx,dy<=1000
1<=p,q,r<=10
day2
三分法,用於求單峰函式的極值問題,思路很好想
給定左右端點l,r;找出兩個三等分點m1,m2(l<=m1<=m2<=r),如果m1比m2更優,則l=m1,否則r=m2
這道題,首先,關係很好找,發現是單峰函式,那麼三分找最值即可
不過這裡的話用到三分套三分,也非常好理解
對於外層三分出的m1,m2,如果比較大小,需要內部再進行三分來確定,這就是三分套三分
#include#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
intread()
while (ch>='
0' && ch<='
9')
return x*f;
}#define eps 1e-3
intax,ay,bx,by,cx,cy,dx,dy,p,q,r;
double dist(double x1,double y1,double x2,double
y2)double calc(double x,double
y)
return dist(ax,ay,x,y)/p+dist(x,y,lx,ly)/r+dist(lx,ly,dx,dy)/q;
}int
main()
printf(
"%.2lf\n
",calc(lx,ly));
return0;
}
我會說因為變數重名wa了3發嗎....a sad story...
bzoj1857 傳送帶 三分套三分
我的第一道三分題目。早上跟著cyc學了一下三分,晚上想練一下手發現沒什麼水題就找到了這一道2333 主要是證明是乙個單峰函式,這也是本題最難的部分 網上好多人寫出來但不會證明 證明過程來自yyl dalao 本題要討論必使r從a點出發,要使解最優,必定要走a e f d,其中e是ab上一點,f為cd...
BZOJ 1857 傳送帶 三分套三分
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bzoj1857 傳送帶 三分
很早看到的三分法,竟然在今天用到了 顯然已我的智商是想不到的 然而發現自己並不會證明o o,但是除了最關鍵的一步其它還是會的 首先,我們用三分法,最基本的是要證明那個人一定是沿著如下路徑走的 從a沿著ab走一段,再穿越到cd上某一點,最後到終點。證明如下 不妨假設p q r,因為當r max p,q...