給一棵樹，每個節點有權值。每次詢問要求回答乙個值異或某條路徑上的乙個點的最大值。
我們可以對每乙個點開乙個字典樹，記錄從這個點到根的路徑上的所有數，然後求兩點的lca，然後把路徑分成左端點到lca的路和右端點到lca的路來做。
#includeusing namespace std;
const int maxx = 1e5+10;
struct node
e[maxx*2];
int head[maxx],cnt;
int depth[maxx],fa[maxx][22],lg[maxx];
int trie[20*maxx][2],sum[20*maxx],val[20*maxx],tot;
int rt[maxx];
int a[maxx];
void add(int u,int v)
void update(int u,int v,int x)
val[now]=x;
}int query(int l,int r,int x)
return val[r]^x;
}void dfs(int f,int fath)
void init()
int main()
rt[0]=++tot;
dfs(1,0);
for(int i=1;i<=n;i++)
lg[i]=lg[i-1]+(1
while(m--)
}return 0;
}
HDU 4757 樹鏈剖分 可持久化字典樹
題目鏈結 思路 對於這種詢問樹的路徑的題，第一反應就是樹鏈剖分，但與多個給定值異或後的最大值卻沒有辦法去高效維護。考慮另外的思路。有關異或的資料結構，自然會想到01字典樹，聯絡乙個經典問題 求乙個數與乙個數集中的某個數異或的最大值 而對於此題，每乙個詢問相當於給定了乙個數集，只不過其中的數是一條路徑...
可持久化字典樹
以每個結點為根，建一顆字典樹 內容為1到i的值 這樣之後，做差後，即為一段區間或是一段路徑。可以發現，如果裸著建，不僅要消耗很多的時間，更是要消耗很多的空間。考慮以i為根的字典樹和以 i 1 為跟的字典樹的異同。可以發現，在當前以i為根的字典樹上減去a i 就是 i 1 的字典樹了。所以，我們可以將...
可持久化Trie HDU4757 Tree
恩，剛學了一發可持久化trie樹，其實挺簡單的。反正可持久化資料結構都乙個樣嘛，動態加點就好了。還是寫一篇部落格給自己看吧。因為樹上的路徑嘛，肯定要想到把路徑分成兩部分，x lca x,y 和 y lca x,y 這就相當與兩塊區間，然後求單點異或最大值，自然就想到可持久化了唄。想想你怎麼用可持久化...