乙個人從起點0
00出發。
他現在如果在i
ii，那麼如果跳到j
jj，那麼獲得的價值為(j−
i)∗a
j(j-i)*a_j
(j−i)∗
aj。
求剛好落到終點n
nn的最大可獲得的價值。
剛開始看到就想到o(n
2)的d
po(n^2)的dp
o(n2)的
dp，結果看了下資料發現只能拿60
6060
分，正解是斜率優化（當然我這麼菜怎麼可能打 ）。
可以用貪心，我們每次從i
ii跳都直接跳到後面最大的a
ja_j
aj。
證明：設後面最大的a
aa為a
ja_j
aj，在起點和j
jj中有乙個iii。
那麼從起點x
xx出發到i
ii再到j
jj的價值就是ai∗
(i−x
)+aj
∗(j−
i)
a_i*(i-x)+a_j*(j-i)
ai∗(i
−x)+
aj∗
(j−i
)；從起點x
xx直接到j
jj的價值就是aj∗
(j−x
)a_j*(j-x)
aj∗(j
−x)顯然第二個優於第乙個。
#include
#include
int n, ans;
int a[
100001
], maxa[
100001];
intmain()
printf
("%d"
, ans)
;}
jzoj4249 遊戲 貪心
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