第一眼：咦這不簡單樹形dp嗎？
第二眼：嗯？這不是有n條邊嗎？怎麼就樹形dp了？
第三眼：唉好像拆一條邊不就n-1條邊了嗎？哎嘿嘿我太聰明了。。。。
噼里啪啦打完一交，wa完。。。。。。。一臉懵？？？才發現可能直接將整個圖（以為保證連通）拆成兩個聯通塊了。。。。。
然後畫畫圖，發現肯定是拆環上的邊，搞個並查集記錄一下好了。
然後對於拆掉的邊，直接分別強制兩端點不選做一遍樹形dp即可，取個較大值。考慮dp，每個點就兩個選擇：選和不選。如果不選，那麼當前點最大值就為所有兒子的最大值之和；如果選，那麼當前點最大值就為所有兒子的不選的最大值之和。
**啪改完又交上去，對了三個點，一臉懵。
所以就可能要多次拆邊，要開陣列記錄。每組都要做一遍，最後答案為各組最大值之和。
#includeusing namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=1e6+10;
const int maxm=2e6+10;
int n,cnt;
int s[maxn],t[maxn],tot;
ll ans;
int head[maxn];
int nxt[maxm],to[maxm];
int a[maxn];
ll dpfa[maxn],dpson[maxn];
int fa[maxn];
int read()
int find(int x)
void add(int x,int y)
void dfs(int u,int f)
}int main()
for(int i=1;i<=n;++i)
else
} ll tt;
for(int i=1;i<=tot;++i)
cout
}
洛谷P2607 騎士 樹形dp
思路 首先我們想到可以對相互憎惡的倆個騎士連邊，這樣就得到了乙個圖，有多個連通塊，並且每個連通塊中最多只有乙個環。如果每個連通塊都是一顆樹，那麼這個問題就很簡單 每個節點都是選或者不選。idea1 我想可不可以把這個比樹多一條邊的圖，變成一棵樹來處理，那麼就是要刪掉環上的一條邊。考慮刪掉這條邊 u,...
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P2607 ZJOI2008 騎士（基環樹）
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