一道離散化的題，不算難，但想不到用離散化思想也會暴力水掉。。。
描述 description
fj有n (1 <= n <= 25,000)個矩形牛棚，它們的牆均與座標軸平行，而且其座標在0..1,000,000之間，任意兩個牛棚不能重疊，但可能會有公共的牆。
由於fj的奶牛持續增加，他不得不考慮擴張牛棚，乙個牛棚可以擴張，當且僅當他的四周均不與其他牛棚接觸，如果兩個牛棚有乙個公共角，那他們都是不可擴張的。
統計有多少牛棚可以擴張。
輸入格式 input format
* line 1: 乙個整數表示有 n個牛棚
* lines 2..n+1:每行四個整數，表示乙個牛棚的左下角的座標和右上角的座標。.
輸出格式 output format
* line 1:乙個整數表示有幾個牛棚可以擴張.
下面說下本題的離散化要點：
將每乙個矩形拆成兩條橫邊和兩條豎邊分開處理。對於每一條橫邊，我們只用記錄它的x值，左右兩端點的y值以及它所屬的矩形編號i
（用在後面的記錄）
，豎邊同理；
然後是對橫豎邊分別進行的多關鍵字排序：（這裡非常重要，因為每乙個矩形都只會也只能與自己鄰近的矩形有重合邊的可能，所以對邊的排序可以讓
「矩形」·有序化·
,我們就可以只判斷邊i與邊i+1是否滿足條件即可。這就是離散化在這裡可以降低時間複雜度到o(n)級別的原因）
然後分別列舉橫邊與豎邊，判斷相鄰兩邊是否滿足條件並記錄（這裡注意迭代的細節問題）
差不多就是這樣。
code：
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
struct ll
shu[52000];
struct lll
heng[52000];
int n;
bool linee(ll a,ll b)
sort(shu+1,shu+2*n+1,linee);
sort(heng+1,heng+2*n+1,listt);
memset(fff,1,sizeof(fff));
/*cout<<"***********************************===="<=shu[i+1].y1)
}if(!q) tail=shu[i+1].y2;
}tail=heng[1].x2;
for(int i=1;i<2*n;i++)
}if(!q) tail=heng[i+1].x2;
}int ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
if(fff[i])
ans++;
cout<
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