題面入口：
題目大意，將乙個數列劃分成最少的幾段，滿足每段內的資料集合中，取m對最大最小數出來，將其取出來的每對數求差值並平方，並求這m對的差值平方的求和值s,這個值不能超過指定的t。
題目分析：
從劃分後的集合中選出m對數，讓每對數的差的平方的和最大值為乙個貪心模型，我們只需要將集合中的元素按從小到大排序，然後把最大數和最小數配對，再將次大數和次小數配對，依次類推即可。
為了劃分盡可能少的區間，那麼只要每個區間都盡可能大，那麼就是最優方案，於是原問題也就轉化為確定了乙個左端點，右端點在哪個位置，使權值最大化，不超過t。
確定右端點乙個個往後加並試探是否不超過t，時間複雜度會比較大。那麼我們可以增加的方式變得有規律，步子要大，可以用倍增的思想。假設當前處理的區間是[left,right],嘗試待確定的右端點newright,以及一次要往後增加的長度len。
因此我們接下來操作可以這樣，先令newright=right + 2 * len;
，然後計算區間[left , newright]的權值與t的關係，如果比t大，則令len/2，否則right = newright,len*2;。
在計算乙個範圍內的取m對的差值平方和，便捷的方式是將其有序，兩端取後計算。那麼需要要對區間進行排序，在新增加區間的時候，不用全部重新排一遍，根據維護的思想，我們已經有了一段序列是有序的，將新增加的區間進行排序，然後二路歸併到已確定的序列中讓其有序，可以提高速度。
具體**如下：
#includeusing namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 500000+6;
int a[maxn],b[maxn],t[maxn];
ll t;
int n,m,k;
//ºï²¢á½¶îóððòµäçø¼äöµ
void merge(int left,int right,int newright)
}//¼æëãóððò·¶î§left - rightö®¼äµäm¶ô²îöµæ½·½µäºí¡£
ll calc(int left,int right)
return sum;
} int main()
b[1] = a[1];
int left = 1,right = 1,newright,len = 1;
while(right < n)
if(len == 0)
} printf("%d\n",cnt + 1);
} return 0;
}
AcWing 109 天才ACM 倍增
題目鏈結 這道題最基本的想法就是一次尋找每個區間，對於每個區間，用二分來判定其最大長度。每次check的時候，對區間排序，不斷取出不大於m對最大值與最小值求值即可。然後你就喜提tle了，笑如果用倍增來代替二分的話能過，不過其實倍增最壞複雜度和二分一樣，應該是資料沒有刻意來卡倍增。下面先給出倍增的 c...
AcWing 109 天才ACM 倍增 歸併
給定乙個整數 mm，對於任意乙個整數集合 ss，定義 校驗值 如下 從集合 ss 中取出 mm 對數 即 2 m2 m 個數，不能重複使用集合中的數，如果 ss 中的整數不夠 mm 對，則取到不能取為止 使得 每對數的差的平方 之和最大，這個最大值就稱為集合 ss 的 校驗值 現在給定乙個長度為 n...
天才ACM（倍增）
題目參考題解 很好。首先考慮我們用貪心證明兩個東西 如果第 i 個可以歸到前面的部分就歸到前面的部分，不要放到後面的部分，反正放到後面也只會讓校驗值增大，還不如不放。對於乙個數列而言，如何求校驗值？答案是最大的減最小的的平方加上次大的.至於證明，首先，如果對於 x y 2 x y 而數列中有 沒有用...