一．巴什博奕（bashgame）：
首先我們來玩乙個比較古老的報數遊戲。a和b一起報數，每個人每次最少報乙個,最多報4個。輪流報數,看誰先報到30.
如果不知道巴什博弈的可能會覺得這個是個有運氣成分的問題，但是如果知道的人一定知道怎樣一定可以贏。
比如a先報數的話,那麼b一定可以贏(這裡假定b知道怎麼正確的報數)
b可以這樣報數,每次報5-k(a)個數,其中k(a)是a報數的個數這樣的話沒一次
兩人報完數之後會變成51015202530這樣是不是b一定會贏呢?是不是有一種被欺騙的感覺呢?好吧下面我們來看看這個原理。我們先看下乙個一眼就能看出答案的例子比如說我們報到5(4+1),每次報最多報4個,最少報1個.那麼是不是後者一定可以贏呢？答案是肯定的。好了到這巴什博弈的精髓基本就ok了。
那麼如果我們要報到n+1,每次最多報n個,最少報1個的話,後者一定能夠贏。
現在我們需要報數到n,而每次最多報數m個,最少報數1個.我們可以化成這樣
n=k*(1+m)+r(0<=r<=m）這樣的話如果r不等於0那麼先手一定會贏，為什麼呢？首先先手報r個,那麼剩下k倍(1+m)個數,那麼我們每次報數1+m-k(b)個數就一定能保證最後剩下1+m個,那麼就到了上面我們說的那個了,先手就一定會贏,如果r=0那麼後手一定會贏,道理一樣的。
到這巴什博弈也就介紹完了,知道這個道理之後我們也可以去騙小朋友了。-_-//
**如下：
#include#include#include#include#include#define clr(arr, val) memset(arr, val, sizeof(arr)) using namespace std; int main() return 0; }
二．威佐夫博奕（wythoffgame）：
這種博弈比前面一種要稍微複雜一點。我們來看下下面這個遊戲。
有兩堆火柴棍,每次可以從某一堆取至少1根火柴棍(無上限)，或者從兩堆取相同的火柴棍數。最後取完的是勝利者。好了,如果你不知道這個博弈定理,對於小數目的火柴棍數,可能還能推出來,但是如果火柴棍數一多,就不行了。看了下面的這個介紹,你也會有一種被騙的感覺。
首先我們知道兩堆火柴是沒有差別的,也就是說第一堆有a根,第二堆有b根和第一堆有b根,第二堆有a根是一樣的結果。
我們用乙個二維的狀態（a,b)來記錄當前剩下的火柴數，表示第一堆剩下a根火柴,第二堆剩下b根火柴。同樣我們假設兩個人的編號是a和b，且a先取。
那麼如果某個人遇到了這樣的狀態(0,0)那麼也就是說這個人輸了。這樣的狀態我們叫做奇異狀態,也可以叫做失敗態。
那麼接下來的幾個失敗態為(1,2),(3,5),(4,7),(6,10),(8,13)……
我們用a[i]表示失敗態中的第乙個,b[i]表示失敗態中的第二個.(i從0開始).
那麼我們可以看到b[i]=a[i]+i;（i>=0）,a[i]是前面的失敗態中沒有出現過的最小的整數
下面我們可以得到三個基本的結論。
1.每個數僅包含在乙個失敗態中
首先我們知道a[k]是不可能和前面的失敗態中的a[i],b[i]重複的(這點由a[i]的得到可以知道)
b[k]=a[k]+k>a[k-1]+k>a[k-1]+k-1+1>a[k-1]+(k-1)=b[k-1]>a[k-1]這樣我們知道每個數僅在乙個失敗態中。
2.每個失敗態可以轉到非失敗態。
加入當前的失敗態為(a,b)，那麼如果我們只在一堆中取的話,肯定會變成非失敗態(這點由第一點可以保證),如果從兩堆同時取的話,由於每個失敗態的差是不一樣的,所以也不可能得到乙個失敗態。也就是說乙個失敗態不管你怎麼取,都會得到乙個非失敗態。
3.每個非失敗態都可以轉到乙個失敗態
對於這個結論,首先我們要知到每個狀態(a,b)要麼a=a[i],要麼b=b[i].(每個數都出現在乙個失敗態中),下面我們分兩種情況來討論
i.a=a[i].如果b=a的話那麼一次取完就變成了(0,0).如果b>b[i]的話,那麼我們從第二堆中取走b-b[i]就變成了乙個失敗態。如果b那麼我們從兩堆中同時取走a-a[b-a[i]]這樣得到失敗態(a[b-a[i]],a[b-a[i]]+b-a[i])(a[i]=a)
ii.b=b[i].如果a>a[i]那麼我們從第一堆中取走a-a[i]根火柴.
如果a這裡又分兩種情況。第一是a=a[k](k
那麼我們從第二堆取走b-b[k]就行了。
第二是a=b[k]這樣的話由於兩堆火柴是沒有區別的,所以我們把b變成a[k]就行了,也即是從第二堆火柴中取走b-a[k]就變成了失敗態
至於怎麼判斷乙個狀態是否是失敗態.我們可以用下面的方法來判斷(本人暫時還不會證明)
a[i]=[i*(1+√5)/2](這裡的中括號表示向下取整)b[i]=a[i]+i;
那麼這就是乙個失敗態
**如下：
#include#include#include#include#include#include#define clr(arr, val) memset(arr, val, sizeof(arr)) using namespace std; int main() return 0; }
三．尼姆博奕（nimmgame）：
指的是這樣的乙個博弈遊戲，目前有任意堆石子，每堆石子個數也是任意的，雙方輪流從中取出石子，規則如下：
1)每一步應取走至少一枚石子；每一步只能從某一堆中取走部分或全部石子；
2)如果誰取到最後一枚石子就勝。
也就是尼姆博弈（nimm game）。
必敗局面：也叫奇異局勢。無論做出何出操作，最終結果都是輸的局面。必敗局面經過2次操作後，可以達到另乙個必敗局面。
必勝局面：經過1次操作後可以達到必敗局面。
即當前局面不是必敗局面就是必勝局面，而必勝局面可以一步轉變成必敗局面。
最終狀態：
（1）最後剩下一堆石子；（必勝局面）
（2）剩下兩堆，每堆乙個；（必敗局面）
（3）當石子剩下兩堆，其中一堆只剩下1顆，另一堆剩下多於n顆石子時，當前取的人只需將多於1顆的那一堆取出n-1顆，則局面變為剛才提到的必敗局面。（必勝局面）
判斷當前局勢是否為必勝（必敗）局勢：
1）把所有堆的石子數目用二進位制數表示出來，當全部這些數按位異或結果為0時當前局面為必敗局面，否則為必勝局面；
2）在必勝局面下，因為所有數按位異或的結果是大於零的，那麼通過一次取，將這個（大於其它所有數按位異或的結果的）數下降到其它所有數按位異或的結果，這時局面就變為必敗局面了。
定理：一組自然數中必然存在乙個數，它大於等於其它所有數按位異或的結果。
證明：原命題等價於，設a1＾a2＾... ＾an=p，p≠0時，必存在k，使得ak＾p
補綴一點，（a＾b）＾b=a＾（b＾b）=a＾0=a，所以ak＾p相當於「其它所有數按位異或的結果」。
例1：2 45 45
45＾45＝0,45和45的異或等於0。
例 2：3 3 6 9
局勢（3,6，9）因為3＾6＾9不等於0，所以這是乙個必勝局勢。
3 011
＾6 110
5 101
即從第3堆中的9個中取走9－5＝4個，則（3,6，9）－＞（3,6，5），3＾6＾5＝0，故（3,6，5）為奇異局勢，即從必勝局勢轉變成必敗局勢。
**如下：
#includeusing namespace std; int temp[ 20 ]; //火柴的堆數 int main() return 0; }
粘性效果，很有意思
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一道很有意思的題目
先列出 然後再開始解析 include stdafx.h include using namespace std class a class b public a void seta a data,int idx int tmain int argc,tchar argv for int i 0 i...
2023年壓力很大,但很有意思
過年回來有一大堆重要的事情要處理,下面就是二月份要做的事情,因為今年需要開發的專案很多,專案需要並行交叉的進行,人員會分成幾個專案小組的方式去管理,所以從團隊布局,制度和專案管理等方面都要有很好的準備和規劃,否則接下來的工作就會非常的被動,幸好老闆非常支援我們部門的工作,使得自己的想法都得到很好的實...