囉嗦大軍再次來襲……
#include
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#include
#define ll long long
using
namespace
std;
const ll maxn=100000+10;
ll a[maxn],b[maxn];
ll n,total;
void msort(ll l,ll r)
//每一部分都會被分成兩部分考慮到，不用擔心逆序對個數的遺漏 如：
//3 2 1 4 6 5被分為 3 2 1 和 4 6 5 兩部分，同樣的，3 2 1 和 4 6 5 也會各自被分為3 、2 1 和 4 、6 5兩部分，
//陣列以1開頭的話，則是被分為 3 2 、1 和 4 6 、5兩部分
//以此類推 ，3 2 1 和 4 6 5這兩部分內部的逆序對也會被找出，不會產生遺漏
ll i=l,k=l,j=mid+1;//分成兩部分
while(i<=mid&&j<=r)
}while(i<=mid) b[k++]=a[i++];//j這邊的已經放完了，i那邊的還有，說明i這邊的比較大，把剩下的放進去就好 ①
while(j<=r) b[k++]=a[j++]; //同理 ②
for(ll i=l;i<=r;i++)a[i]=b[i]; //把排好序的b中的值再賦回a中 （//只更新改的這一部分 ）
//把排好序（可能是部分排好序--->通過while把逆序對中小的存到大的之前，
//以前找到的逆序對消失，不會產生重複查詢的事情（乙個逆序對被多次找出並記錄的情況不會發生。））的b中的值再賦回a中，再對a
//進行查詢，重複上述操作
//另外，①與②只會出現乙個（只會有乙個滿足/成立）
}int main()
msort(1,n);
printf("%lld\n",total);
return
0;}
/*重點注意：why total+=mid-i+1
以4 5 1 6 2 3為例
我們先分析遞迴呼叫的過程，每次一分為二：
4 5 1①--->4 5②,1--->到了4,5,1遞迴就停止了...
6 2 3③--->6 2,④1--->到了6,2,1遞迴就停止了...
遞迴停止後， 開始從最後乙個遞迴呼叫返回④--->③--->②--->① 所以是先處理有半部分區間，再處理左半部分區間，也就是說，在處理 4 5 1 6 2 3
這個大區間時，左右兩個子區間都是有序的，而且是從小到大排序的，所以如果找到乙個逆序對（一定是整個區間的逆序對，所有子區間的逆序對
已經處理完了，並且小的在前，大的在後，也就是上面提到的「消失了」，最後才處理最大的原來的那個區間）因為大區間是最後處理的，
而且處理前小區間的逆序對已找出，不會有遺漏，而且兩個小區間還有序，所以上面提到的 「一定是整個區間的逆序對」的意思就是說，如果有逆序對，
也就是前乙個》後乙個，那麼這個「前乙個」一定在左區間，也就是前面的那個區間，這個「後乙個」一定在右區間，也就是後面那個區間
那便可以解釋 total+=mid-i+1的含義：
在大區間未處理之前，我們的原序列現在為：1 4 5 | 2 3 6，我們可以搜到4和2構成了一對逆序對，又因為每個區間都是遞增的，那麼，4所在的
那個區間中，在4之後的數（這裡只有5），與2肯定也能形成一堆逆序對，畢竟都比4大了，肯定比2大，所以total所加的值，也就是新找到的
逆序對的個數是包括4在內（+1）的4後面所有數的個數的總和（mid-i（i為4的座標，mid是左區間的右邊界）），所以就能得出mid-i+1來了，所以：
total+=mid-i+1
另外，各個小區間的處理方法與大區間相同，只不過是早處理一點，所以說，total+=mid-i+1也同樣適用於各個小區間
*/
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