給出m個單詞，要構造出長度為2*l的包含這全部m個單詞的字串，並且保證這個字串非對稱，其中字元只包括0和1，問一共有多少種構造方法。
在2825的基礎上，本題增加了非對稱的性質，很顯然，只要確定了一半，另一半就固定了。比賽的時候想到了只構造右半邊，要將子串列舉斷點對折來看，但是當時想的是從中間到兩邊的dp，每次直接將對折的兩半字串都加到ac自動機中，本以為這樣就可以處理經過中軸線的子串，但是這樣有問題，因為如011，拆成0和11，如果將11放入ac自動機中，那麼不能保證11一定是在字串中間的（右半邊最左邊），有可能存在***11***這樣的情況。然後覺得可能在單詞結點上處理在某些情況下dp到這個結點才算找到這個單詞，但是每個子串的長度都不一樣，沒有想到怎麼處理。
賽後看了別人的思路，其實與之前說的都差不多，但是只是在dp的時候在l-1的時候才計算那些經過中軸線的字串，想了很久很久，不明白為什麼可以這樣處理，最後終於弄懂了。
對這題來說，首先要分成一半來考慮，這裡不妨考慮左半部分長度為l的字串的構造。那麼所有單詞一共有三種情況，要麼出現在考慮的左半部分，或者出現在右半部分，或者左右各有一部分（經過中軸線），只出現在左邊和右邊的很好處理，只要將單詞串和單詞串翻轉取反加入ac自動機dp即可。
對於經過中軸線的單詞，比如: 011分割成0和11，（注意這裡不能分成01和1，因為這樣就對稱了。）補齊之後是00 | 11，也就是說只要左半部分出現了00，就代表構造的2 * l的字串中已經出現了0011。關鍵是這裡00和11在構造出來的字串中一定要連在一起，其實也就是構造的左半部分的結尾，因此，只要在dp到長度為l的時候才可以考慮這些經過中軸線的字串。
這樣只要在ac自動機中設定兩個單詞結點標記end1和end2，end1表示不經過中軸線的結點，end2表示經過中軸線的單詞結點。dp的時候特判一下進行狀態轉移即可。
比賽的時候思路是從中間向兩邊dp，正解的思路是從兩邊向中間dp，在最後的時刻特殊處理中軸線單詞就行了，仔細想想為什麼前者不行，後者就可以處理，個人認為可能是因為ac自動機的結點表示是一種結尾資訊，也就是到達這個點的表示的資訊，因此不好處理從起點開始的性質，因此需要將問題轉化為到達的性質才可以。
ps：用bc官方題解的暴力列舉思路寫的**一直t到姥姥家。（應該是我太菜了）
#include
using
namespace
std;
typedef
long
long ll;
const
int maxnode = 2500;
const
int sigma_size = 2;
const ll mod = 998244353;
struct acauto
void init()
void insert1(char *buf, int id)
end1[now] |= (1
<< id);
}void insert2(char *buf, int id)
end2[now] |= (1
<< id);
}void build()
}while (!q.empty()) }}
}} ac;
int n, l;
char s[30], t[30], str[60];
ll dp[2][2500][(1
<< 6) + 10];
int main()
}if (!flag) continue;
reverse(s1.begin(), s1.end());
//cout << " -- " << s1 << endl;
for (int k = (j + 1) * 2; k < len; k++)
//cout << s1 << endl;
strcpy(str, s1.c_str());
ac.insert2(str, i);}}
ac.build();
memset(dp, 0, sizeof(dp));
dp[0][0][0] = 1;
for (int i = 0; i < l; i++)
dp[i % 2][j][s] = 0;}}
}ll ans = 0;
for (int i = 0; i < ac.sz; i++)
printf("%i64d\n", ans);
}return
0;}
hdu 2825 AC自動機 狀壓dp
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