題意：
給出n個點的空間座標（n為偶數， n<=20）， 把他們配成n/2對， 問：怎樣配對才能使點對的距離和最小？
題解：
設dp[s]為：狀態為s（s代表著某個子集）時， 它的最小距離和。
1.對於乙個狀態s， 首先要計算它減少兩個點後的狀態的最小距離和， 然後當前狀態才能從這些狀態中轉移過來。
2.如何轉移：對於狀態s， 在集合中隨便找乙個點，列舉集合中的其他點與它配對， 取距離和最小的那一對。
3.為什麼選定乙個點，然後列舉集合中的其他點就可以呢？而兩個點都要列舉呢？ 因為：對於選定的點， 它總得要和集合中的其他點配對， 那麼答案就肯定蘊藏在某一次配對中了。而列舉兩個點， 實際上是多餘的。
實現：
1.遞推：自底向上，從最小的子集開始計算， 然後大的子集就可以從中轉移過來。缺點是點數為奇數的情況也考慮進去了（可以預先判斷點數是否為偶，以決定是否需要進入 計算）， 速度慢。
2.記憶化搜尋：很好理解，對於狀態s， 假設它的偶數子集的最小距離和都計算出來了， 那麼選定某個點， 再列舉其他點就可以了。而且避免了奇數個元素的子集的計算。
遞推：#include #include #include using namespace std;
const int inf = 2e9;
const int maxn = 21;
struct nodedot[maxn];
int n;
double dp[1<> n;
for(int i = 0; i < n; i++)
cin >> dot[i].x >> dot[i].y >> dot[i].z;
solve();
cout << dp[(1<
記憶化搜尋：
#include #include #include using namespace std;
const int inf = 2e9;
const int maxn = 21;
struct nodedot[maxn];
int n;
double dp[1<> n;
for(int i = 0; i < n; i++)
cin >> dot[i].x >> dot[i].y >> dot[i].z;
dp[0] = 0;
for(int i = 1; i < (1<
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