（題目描述略）
對於距離最小，其貪心策略為將兩序列公升序排序後比較。以下為簡易的證明：
設對任意 a1 < a2，b1 < b2，
第一種排布是 ..a1a2..，..b1b2..，此時距離為 (a1 - b1) ^ 2 + (a2 - b2) ^ 2 （1），
第二種排布是 ..a1a2..，..b2b1..，此時距離為 (a1 - b2) ^ 2 + (a2 - b1) ^ 2 （2），
用（1）式減去（2）式，得差為 2(a1 - a2)(b2 - b1) < 0，
故（1）<（2），貪心策略得證。
於是，原題轉化為，求最少的相鄰交換次數使得兩序列的大小順序相同。考慮到兩序列的大小順序之間的關係不方便確定，我們可以用離散化的方法對序列預處理，再求其逆序對即可。
將序列預處理的過程如下：首先現將第乙個序列中的值離散到整數區間 [1, n] 中，記為 order1[1..n]，其中 order1[i] 表示第乙個序列中下標為 i 的數值是序列中第 order1[i] 小的數值；再將第二個序列離散化，記為 order2[1..n]，其中 order2[i] 表示第二個序列中第 i 小的數值的下標。
所以，我們可以發現，第乙個序列中下標為 i 的數值對應第二個序列中下標為 order2[order1[i]] 的數值。於是，原題再次轉化為，求最少的相鄰交換次數使得序列 order2[order1[1..n]] 變成公升序序列。對序列 order2[order1[1..n]] 求逆序對即為結果。
關於逆序對的求法，常見的有樹狀陣列和歸併排序兩種。對於樹狀陣列而言，我們令 i 公升序依次在樹狀陣列下標為 order2[order1[i]] 中插入 i，每加入乙個數統計當前狀態下在其前面的數，即統計 j 的個數使得 i > j 且 order2[order1[i]] > order2[order1[j]]，在用 i 減去統計結果即為所有以 i 為起始的逆序對個數。求和即可。
對於歸併排序而言，在每次對序列 order2[order1[i]] 歸併的過程中，設前半段掃瞄指標 i，後半段掃瞄指標 j，後半段起始指標 m，若掃瞄中發現 order2[order1[i]] > order2[order1[j]]，則逆序對計數器加上 m - i。因為此時對於任意 i < k < m，均有 order2[order1[k - 1]] < order2[order1[k]]，所以對於任意 i ≤ k < m，均有 order2[order1[k]] > order2[order1[j]]。一旦發現，掃瞄指標 j 右移，故不會重複計算。每次歸併計算出當前兩段有序子串行之間的逆序對個數並將兩段有序子串行合併成一段新的有序有序子串行，這樣便能統計出所有原序列中的逆序對。
這兩種演算法的時間效率類似，均為 o(nlogn) 級別的演算法；預處理中的離散化操作因用快排故時間效率也為 o(nlogn)。於是，總算法時間複雜度為 o(nlogn)。
**如下：（樹狀陣列版本）
#include"stdio.h"
#include"stdlib.h"
#include"string.h"
#define lowbit(x) ((x)&-(x))
int high[100005],sum[100005],order1[100005],order2[100005];
int cmp(const
void *p,const
void *q)
int main()
printf("%d",ans);
return
0;}
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