有n個木塊排成一行，從左到右依次編號為1~n。你有k種顏色的油漆，其中第i種顏色的油漆足夠塗ci個木塊。所有油漆剛好足夠塗滿所有木塊，即c1+c2+…+ck=n。相鄰兩個木塊塗相同色顯得很難看，所以你希望統計任意兩個相鄰木塊顏色不同的著色方案。
第一行為乙個正整數k，第二行包含k個整數c1, c2, … , ck。
輸出乙個整數，即方案總數模1,000,000,007的結果。
31 2 3
100%的資料滿足：1 <= k <= 15, 1 <= ci <= 5直接暴力肯定超時，就可以考慮 dp。
計六維陣列 dp表示可以塗一次的還剩多少、兩次…塗五次的還剩多少，最後一維記上一次用的塗幾次的。
那麼就可以轉移了。
值得注意的是，假設上一次用了可塗 a 次的，那麼這個可塗 a 次的就變成了可塗 a-1 次的了，相應維度要減要加，下次選 a-1 次的時候答案要減減。
**和網上的都很像
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
const
int mod=1000000007;
long
long dp[16][16][16][16][16][6];
int num[6],n;
bool judge[16][16][16][16][16][6];
long
long count(int a,int b,int c,int d,int e,int k)
int main()
long
long ans=count(num[1],num[2],num[3],num[4],num[5],0);
cout
0;}
BZOJ 1079 SCOI2008 著色方案
題目 分析 一看就覺得是dp或者直接排列組合公式或者容斥？我就只想到dp的，我們用dp i j 表示前i種顏色，排列出有j對相鄰一樣顏色的方案數。當出現乙個新的顏色時，我們把這個顏色插板法插進去，我們要列舉插入的方式，可能插到相鄰顏色一樣的中間，或者不是，然後進行狀態轉移.具體看 include i...
BZOJ1079 SCOI2008著色方案 DP
只能想到 5 15 的方法。我們要利用起 ci比較小這個性質，f a b c d e last 表示有a 種顏色用了1個，b種顏色用了2個 上一次染色用的是剩餘 last 個的顏色，轉移就是f a,b,c,d,e,last a last 2 f a 1,b,c,d,e b last 3 f a 1,...
bzoj 1079 SCOI2008 著色方案
有n個木塊排成一行，從左到右依次編號為1 n。你有k種顏色的油漆，其中第i種顏色的油漆足夠塗ci個木塊。所有油漆剛好足夠塗滿所有木塊，即c1 c2 ck n。相鄰兩個木塊塗相同色顯得很難看，所以你希望統計任意兩個相鄰木塊顏色不同的著色方案。第一行為乙個正整數k，第二行包含k個整數c1,c2,ck。輸...