這裡所需要的剪枝一共有三種
1.若走到現在的路程已經大於等於之前擴充套件的最優路程，則剪枝；
2.設乙個估計函式，這個估計函式是現在已經還沒有走的點，若有c1,c2...cn,則取終點為c1的最短路徑，到c2的最短路徑....到cn的最短路徑，他們之和相加若仍然大於等於之前擴充套件的最優路程，那麼就不用繼續擴充套件這條路了；
3.設定乙個狀態，這個狀態定義了f(v,s),v代表目前已經走到過的城市終點，s代表已經走過的城市的集合，那麼等到如果有相同情況（相同的終點，相同的走過的城市的集合）的話，那麼如果走過的路程大於等於之前走過的，那麼不用擴充套件了，如果小於，則更新f(v,s);
注意上方劃橫線的等於，如果等於的話那麼也沒必要擴充套件了，因為即便擴充套件，最優也只會與之前的最優相等，所以這個擴充套件是沒有意義的，我就是一開始沒有加等於，導致超時，花費時間在1024ms左右，加上等於之後ac時間是35ms。
#include#include#include#includeusing namespace std;
const int maxn=20;
int g[maxn][maxn],vis[maxn],minp[maxn],f[maxn][(1<<14)];
int n,cost,bestcost;
void dfs(int u,int cur,int s)
for(int i=1;i<=n;i++)
}}int main()
minp[i]=ans;
}vis[1]=1;
cost=0;bestcost=(1<<30);
dfs(1,1,1);
printf("%d\n",bestcost);
return 0;
}
百練4124 海賊王之偉大航路
路飛他們偉大航路行程的起點是羅格鎮，終點是拉夫德魯 那裡藏匿著 唯一的大秘寶 one piece 而航程中間，則是各式各樣的島嶼。因為偉大航路上的氣候十分異常，所以來往任意兩個島嶼之間的時間差別很大，從a島到b島可能需要1天，而從b島到a島則可能需要1年。當然，任意兩個島之間的航行時間雖然差別很大，...
海賊王之偉大航路
題目鏈結 思路 基本狀壓dp 看題目知道此題求的是最短哈密頓路徑，也就是一條從1到n的經過所有點的最短路徑。我們可以使用狀態壓縮，使用乙個二進位制數state代表一種狀態，state代表經過的所有點的集合。例如state 1，代表只經過1號點。state 3 二進位制為0011 代表經過1號點和2號...
海賊王之偉大航路
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