題目傳送門：
這是一道dp。我們假設這n個人按照水平排成一排， 可以很容易想到用dp[i][j]表示： 排到第第i個位置的人面向左邊的是第j個部位的總方案數。可以有轉移
dp[i][j]+=dp[i-1][k] （ 只要k和j 不發生衝突就可以轉移 ）。總複雜度（o（16n））
ac **。
#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define debug
using namespace std;
const int inf = 0x3fffffff;
const int mmax = 100010;
const int mod = 522462628;
int dir[mmax];
int dp[mmax][5];
int main()}}
int ans=0;
for(int i=1;i<=4;i++)
cout<
按照題意實際上只要是的所有的點都能聯通就可以了。因為走過的路程不需要在走了，所以實際上就是求乙個最小生成樹。只是這裡的邊的花費是2維的，那麼我們可以自定義邊權按照 len最小，其次按照cost最小排序。由於點只有1000個 ，所以用prim和kruskal演算法都能通過。複雜度分別為o(n^2)和o(mlgm);
kruskal**
#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define debug
using namespace std;
const int inf = 0x3fffffff;
const int mmax = 1010;
struct edge
return 1;
}int fa[mmax];
int find(int x)
int main()
}for(int i=1;i<=n;i++)
fa[i]=i;
sort(e,e+num);
len=0,cost=0;
for(int i=0;i=2)
puts("don't touch me!");
else
cout<<"totlen: "<
關於區間查詢有的計數問題，只有查詢沒有更新的這類問題我也講過了，首先我們預處理出每個位置的f(a[i])的值,然後，然後用sum[i]記錄到第i個位置的字首和，那麼要查詢區間[l,r]上的答案是， ans=sum[r]-sum[l-1] （根本用不到線段樹，線段樹是用來處理有更新的）。現在的關鍵問題在於怎麼快速求出每個a[i]的f值。有一種的n√a(max)的做法，就是對於每個a[i]暴力質因子分解。 還有一種很高效的方法。 如果你發現 f[x]=f[x/d]+1（d是x的乙個質因子），那麼如果對於每乙個數我們找出了他的乙個質因子，我們就可 o(n)遞推出所有的1-1000000的f值。 對於求出每個數的乙個質因子，我們可以按照素數篩選那樣，只是標記**多乙個記錄質因子。 複雜是nlga(max)。 這題本來一開始資料是卡了√n的做法的。後來在我的強烈要求下時間限制標稱2s。放過了這種做法。
#include#include#include#include#include#define debug
using namespace std;
const int mmax = 1000010;
int num[mmax],c[mmax];
int sum[50010];
bool isprime[mmax];
void pre()//nlgn的預處理方法
int main()
while(q--)
}return 0;
}
這題最後實際上就是2個人比賽了。對於n-1個人 只需要最大的m張牌就夠了，其他的牌都沒有用的。 有2種做法，第一種是貪心。對於fm出的最大的牌，對方如果能贏，就用最大的牌去贏了好了，就是對於fm的牌，我麼重大到小如果能贏就贏，這麼保證最優。 另外一種做法。對於fm的每一張牌i，對於對面的牌j如果能贏i（j>i）就建立邊i->j。那麼你會發現最後是乙個2分圖，如果要fm贏得最少，就要選出盡量多的邊，沒選一條邊代表fm輸了，由於每張牌只能選一次，那麼實際上就是在2分圖上面找到最大匹配。當然貪心的做法複雜度最好 o(nlgn)
貪心做法：
#include#include#includeusing namespace std;
#define debug
bool flag[10005];
int s[10005];
int main()
return res;
}int main()
其中 當輸入乙個xi c1[xi]++,d1[xi]+=i;
view code
/** author: islands
* created time: 2015/8/14 14:38:28
* file name: stand.cpp
*/#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define debug
using namespace std;
typedef long long ll;
const int inf = 0x3fffffff;
const int mmax = 100010;
ll sum[31][2];
int size[31];
int main()
}printf("0\n");
for(int i=2;i<=k;i++)
}return 0;
}
純模擬，都告訴了對應座標變換關係了，只要按照題意模寫就好了。。。。。不需要任何思維難度
view code
/*
* author: islands
* created time: 2015/8/13 21:49:13
* file name: stand.cpp
*/#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define debug
using namespace std;
const int inf = 0x3fffffff;
const int mmax = 300;
int photo[mmax][mmax];
int main()}}
else
}t[4*mmax];
void push_up(node &fa,node &ls,node& rs)
fa.pos=rs.pos;
}void build(int id,int l,int r)
int mid=t[id].mid();
build(id<<1,l,mid);
build(id<<1|1,mid+1,r);
push_up(t[id],t[id<<1],t[id<<1|1]);
}void update(int id,int pos,int val)
int mid=t[id].mid();
if(mid>=pos)
update(id<<1,pos,val);
else
update(id<<1|1,pos,val);
push_up(t[id],t[id<<1],t[id<<1|1]);
}node query(int id,int l,int r)
else
update(1,a,b);}}
return 0;
}
我想通過這次比賽，大家應該更加清楚怎麼的真實水平到底是什麼樣的。這場比賽不論是題目質量，還是比賽的客觀性都比前面的幾場都高，畢竟是原創題，很有針對性。希望大家下來以後還好總結暑假培訓期間的得失。
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