hiho博弈遊戲 Nim遊戲

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描述今天我們要認識一對新朋友，alice與bob。

alice與bob總是在進行各種各樣的比試，今天他們在玩乙個取石子的遊戲。

在這個遊戲中，alice和bob放置了n堆不同的石子，編號1..n，第i堆中有a[i]個石子。

每一次行動，alice和bob可以選擇從一堆石子中取出任意數量的石子。至少取1顆，至多取出這一堆剩下的所有石子。

alice和bob輪流行動，取走最後乙個石子的人獲得勝利。

假設每一輪遊戲都是alice先行動，請你判斷在給定的情況下，如果雙方都足夠聰明，誰會獲得勝利？

輸入第1行：1個整數n。表示石子堆數。1≤n≤100

第2行：n個整數，第i個整數表示第i堆石子的個數a[i]，1≤a[i]≤10000

輸出第1行：1個字串，若alice能夠獲勝輸出"alice"，否則輸出"bob"

樣例輸入

3

3 2 1

樣例輸出

bob

nim遊戲是經典的公平組合遊戲(icg)，對於icg遊戲我們有如下定義：

1、兩名選手；
2、兩名選手輪流行動，每一次行動可以在有限合法操作集合中選擇乙個；
3、遊戲的任何一種可能的局面(position)，合法操作集合只取決於這個局面本身；局面的改變稱為「移動」(move)。
4、若輪到某位選手時，該選手的合法操作集合為空，則這名選手判負。
對於第三條，我們有更進一步的定義position，我們將position分為兩類：
p-position：在當前的局面下，先手必敗。
n-position：在當前的局面下，先手必勝。
他們有如下性質：
1.合法操作集合為空的局面是p-position；
2.可以移動到p-position的局面是n-position；
3.所有移動都只能到n-position的局面是p-position。
在這個遊戲中，我們已經知道a = 的局面是p局面，那麼我們可以通過反向列舉來推導出所有的可能局面，總共的狀態數量為a[1]*a[2]*...*a[n]。並且每一次的狀態轉移很多。
雖然耗時巨大，但確實是乙個可行方法。
當然，我們這裡會講這個題目就說明肯定沒那麼複雜。沒錯，對於這個遊戲有乙個非常神奇的結論：
對於乙個局面，當且僅當a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] = 0時，該局面為p局面。
對於這個結論的證明如下：
1. 全0狀態為p局面，即a[i]=0，則a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] = 0。
2. 從任意乙個a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] = k != 0的狀態可以移動到a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] = 0的狀態。由於xor計算的特殊性，我們知道一定有乙個a[i]最高位與k最高位的1是相同的，那麼必然有a[i] xor k < a[i]的，所以我們可以通過改變a[i]的值為a[i]'，使得a[1] xor a[2] xor ... xor a[i]' xor ... xor a[n] = 0。
3. 對於任意乙個局面，若a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] = 0，則不存在任何乙個移動可以使得新的局面a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] != 0。由於xor計算的特殊性，我們可以知道，一定是存在偶數個1時該位置的1才會被消除。若只改變乙個a[i]，無論如何都會使得1的數量發生變化，從而導致a[1] xor a[2] xor ... xor a[n] != 0。
以上三條滿足icg遊戲中n,p局面的轉移性質，所以該結論的正確性也得到了證明。

ac code:

#include using namespace std;

int main()

if(p==0)

cout<<"bob"<

hiho 1163 博弈遊戲 Nim遊戲

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