飛彈攔截工具每次只能攔截不大於前一次高度的飛彈。
給一組飛彈的資料，問：一次使用該工具最多能攔截多少飛彈，最少使用多少該工具能攔截全部飛彈。
一問：仔細思考後發現是最長不上公升子串行問題，採用lis的解法
二問：想要攔截所有飛彈，不妨想後乙個飛彈高度要小於或者等於前乙個飛彈可以全部攔截，若出現後乙個飛彈高於前乙個。
我的理解的改變：1.後乙個高於前乙個就加乙個工具使用，該思路明顯錯誤，因為後乙個可能可以被前面使用過的工具攔截。
轉化為lis，即求最長上公升子串行，為什麼不是最長不下降子串行？因為其中子串行的每乙個元素都代表著一段不上公升子串行的終點
而lis 時間複雜度為n的解法，簡單來說就是用乙個單調序列來儲存，用二分來尋找和替換
lower_bound(begin,end,&val,greater())-begin
範圍[begin,end)
lower_bound等號時取到，upper表示等號時 取不到
預設是非遞減序列的大於（等於）val的位址
加入greater()就變為小於（等於）
若begin，end化成rbegin，rend，即反方向迭代，同理也要減rbegin(),
#includeusing namespace std;
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define endl '\n'
#define debug(x) cout<<"------"<=b;--i)
#define ios ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0);
typedef pair pii;
typedef vector vi;
const int mod = 1e9+7;
const int inf =0x3f3f3f3f;
const int n=100001;
int b[n];
mapma;
vi goal;
vi tar;
int ans=-inf;
void solve()
int len=1;
goal.pb(0);
goal.pb(b[1]);
rep(i,2,cnt-1)
else
}tar.pb(0);
tar.pb(b[1]);
int len0=1;
rep(i,2,cnt-1)
else
}cout
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