旅行傳送門：
小豆現在有乙個數 x，初始值為 1。小豆有 q 次操作，操作有兩種型別：
1 m：將 x變為 x * m，並輸出 x mod m
2 pos：將 x變為 x 除以第 pos次操作所乘的數（保證第 pos次操作一定為型別 1，對於每乙個型別 1 的操作至多會被除一次），並輸出 x mod m。
一共有 t組輸入。
對於每一組輸入，第一行是兩個數字 q,m。
接下來 q行，每一行為操作型別 op，操作編號或所乘的數字 m（保證所有的輸入都是合法的）。
對於每乙個操作，輸出一行，包含操作執行後的 x mod m的值。
輸入 #1複製
1輸出 #1複製10 1000000000
1 22 1
1 21 10
2 32 4
1 61 7
1 12
2 7
212對於 20% 的資料，1 ≤ q ≤ 500。201016
42504
84
對於 100% 的資料，1 ≤ q ≤ 10^5，t ≤ 5，m ≤ 10^9。
第一眼看去，就只對乙個數進行操作，這哪是甚麼線段樹的題，直接上暴力模擬不就完事了（上了就去見祖宗，哪怕開long long也直接親ma炸穿）(雖然純當作數論題做也不是不行)。
但轉念一想，藍題不可能這麼水，重新審題，題目中有兩個操作，一是x乘以乙個值，另乙個是x除以之前乘過的某個值；乘以乙個數又除以乙個數，相當於啥也沒乾，也就可以看成是回溯操作。那麼我們不妨以時間為軸建立一棵範圍為[1,q]的線段樹，第k個葉子節點的序號表示這是第pos次操作，其儲存的值表示x在這次操作中乘以的數。此時第一種操作變為給當前葉節點賦值m，第二種操作變為令第pos個葉節點的值回溯至1，根節點的值就是每次操作執行後x的值。
總的來說是道很有意思的題_(:з」∠)_
1 #include 2view code#define for(i, j, k) for (int i = (j); i <= (k); i++)
3#define maxq 100000 + 10
45 typedef long
long
ll;6
7ll t, q, mod;
8 ll tree[maxq << 2];9
10ll read()
1120
while (ch >= '
0' && ch <= '9'
)2125return x *f;26}
2728
void
build(ll k, ll l, ll r)
2937
38void
update(ll k, ll l, ll r, ll pos, ll x)
3945 ll mid = (l + r) >> 1;46
if (pos <=mid)
47 update(k << 1
, l, mid, pos, x);
48else
49 update(k << 1 | 1, mid + 1
, r, pos, x);
50 tree[k] = ((tree[k << 1] % mod) * (tree[k << 1 | 1] % mod)) %mod;51}
5253
int main(int argc, char
const *ar**)
5469
else
7075}76
}77return0;
78 }
P4588 TJOI2018 數學計算
說實話第一眼沒看出來這是個線段樹題 仔細一想就算是你把每次操作計算出來，每次除去找數，然後除掉，那樣就只能最 後取mod，或求很多逆元，不取模你會炸 longlong。如何解決？我們以時間為軸，建立線段樹，葉子結點維護該操作時間的乘數，非葉子結點維護 區間乘，葉子結點一開始都為 1 然後每次乘，進行...
線段樹 P4588 TJOI2018 數學計算
這道題目，看起來只給了乙個數，與線段樹關係不大，但是將每次的操作存起來，就相當於是點更新，段查詢 乘積 這樣就可以轉化為線段樹的問題了。對於操作1，我們可以把對應的位置修改為相應值 操作2，把當前位置，和pos的位置改為1 並維護線段樹即可 includeusing namespace std co...
洛谷 P4588 TJOI2018 數學計算
小豆現在有乙個數x xx，初始值為1 11.小豆有q qq次操作，操作有兩種型別 一共有t tt組輸入 t 5 t leq 5 t 5 對於每一組輸入，第一行是兩個數字q,m od q 100000,m od 1000000000 q,mod q leq 100000,mod leq 1000000...