2017 4 7校內訓練

喪病hzwer的ctsc訓練賽 my ac:3/4

a.[ctsc2014]企鵝qq

思路：亂hash，我比較菜，寫的醜**各種wa+tle，好久才a掉。

#include#include
using
namespace
std;
#define ll long long
#define mn 200
#define mx 6000000
#define mm 9000001
#define mod1 890123798112473ll
struct
mape[mx+5
];    
inth[mm],en;
inline 
int&operator
(ll x)
;h[p]=en;
return
e[en].t;
}}mp1,mp2;
char s[mn+5
];ll f1[mn+5],f2[mn+5
];int
main()
}printf("%d
",ans);
}

b.[ctsc2007]資料備份backup

思路：顯然只有相鄰的會被選，先把所有相鄰線段用煉錶鏈起來塞到堆裡，每次取出最小的，與他相鄰的線段暫時不能選就刪掉，如果要在之後再選相鄰的這兩條，顯然不可能只選其中一條而不選中間這條，我們把這三條合併成左+右-中再塞回堆即可。

#include#include
using
namespace
std;
inline 
intread()
#define mn 100000
int a[mn+5],l[mn+5],r[mn+5],w[mn+5],u[mn+5
];class cmp};
priority_queue
,cmp>pq;
intmain()
printf("%d
",ans);
}

c.[ctsc2015]misc

思路：列舉s，每個s先跑一遍單源最短路，只考慮最短路上的邊（即滿足dis[u]+len=dis[v]的邊），得到一張拓撲圖，在拓撲圖上先dp出s到每個點的最短路寬度$\sigma_$；

考慮每個v，$r(v)=\sum \fraca_\sigma_(v)}}=\sum \fraca_\sigma_\sigma_}}=a_\sigma_\sum\frac\sigma_}}$，其中t為v在最短路拓撲圖中能到的點。

我們令$f(v)=\sum\frac\sigma_}}$，則有$f(u)=\sum c_(\frac}}+f(v))$，其中j為u到v的一條最短路邊。然後dp下就做完了。

#include#include
#define mn 1000
#define mm 4000
#define n 1024
#define lb long double
struct edgee[mm*2+5
];int n,h[mn+5],en,a[mn+5],d[mn+5],q[mn+5],qn,r[mn+5
];lb fk[mn+5],fj[mn+5],ans[mn+5
];inline 
void ins(int x,int y,int
w,lb c)
;h[x]=en;
e[++en]=(edge);h[y]=en;
}struct datat[n*2+5
];data min(data a,data b)
void change(int k,int x)
void dj(int
s)void
pre()
}}void solve(int
s)        
if(q[i]!=s)ans[q[i]]+=a[s]*fk[q[i]]*fj[q[i]];
fj[q[i]]+=a[q[i]]/fk[q[i]];
}}int
main()

d.[ctsc2015]gender

思路：拿hzwer的標程研究了下，貌似題目有個很重要的東西沒說，就是每條鏈的第一只一定同輩（至少hzwer的標程裡貌似是這麼認為的）……於是我們先用並查集搞出每只羊的輩分，每一輩之間的繁衍關係相互獨立，$\left \lfloor 10ln(1+a) \right \rfloor$這個式子太玄學，顯然我們只能列舉a（事實上只要列舉$\left \lfloor 10ln(1+a) \right \rfloor$），列舉確定了這個式子的值後，由於k很小而且每一輩獨立，我們可以用最小割求出每一輩鏈上的點的各個改造情況下的最大收益（最基本的文理分科，不會請繞道），然後狀壓dp，f[i][j][k]表示前i輩，j個相鄰的不同，最後一輩鏈上的點的改造情況為k，最後用滿足$\left \lfloor 10ln(1+j) \right \rfloor$等於我們列舉出的值的f[n][j][k]來更新答案，複雜度o(很複雜)。

#include#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define ll long longinline 
intread()
#define mn 1000
#define mm 10000
#define mv 21000
#define me 61000
#define s mv+1
#define t mv+2
#define inf 0x7fffffff
char s[mn+5
];int n,k,m,p,c[mn+5],l[mn+5],d[mn+5],f[mn+5],xx[mm+5],yy[mm+5],w1[mm+5],w2[mm+5],a[205
];int qv[205][mn+5],qe[205][mm+5
];ll ans,g[
55][16],f[55][205][16
];int gf(int k)
namespace
maxflow
e[me*2+5
];    
int h[mv+5],en=1,d[mv+5],q[mv+5],qn,c[mv+5
];    inline 
void ins(int x,int y,int
w)    ;h[x]=en;
e[++en]=(edge);h[y]=en;
}bool
bfs()
int dfs(int x,int
r)    
return d[x]=0
,u;    }
ll dinic()
};void cal(int ln,int x,int
y)    
for(i=1;i<=qe[x][0];++i)
g[x][y]=res-maxflow::dinic();
using
maxflow::h;
for(i=1;i<=qv[x][0];++i)h[qv[x][i]]=0
;    
for(i=m;++i<=cnt;)h[i]=0
;    h[s]=h[t]=0;maxflow::en=1;}
void dp(int
ln)    
for(j=0;a[j]<=ln;++j)if(a[j]==ln)for(l=0;l<1
}int
main()
printf(
"%lld
",ans);
}

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