e 題意：給你乙個長度為n的陣列和k,問你這個陣列的所有長度為k的子串行的和的平方的異或和是多少，資料保證cnk<=1e5,n-1e5;
題解：搜尋，直接跳過0節點就可以了
#include#include#include
using
namespace
std;
const
int n=1e5+88
;int
n,k;
long
long
sum,ans;
inta[n],f;
void dfs(int u,int ow,int
now)
for(int i=u;i<=n;++i) dfs(i+1,ow+1,now+a[i]);
}int
main()
}
h:題意：給你乙個長度為5e5的括號序列，只包含左括號和右括號，有m次操作(m<=5e5)
操作1是將括號反向，操作2則是問以x開頭的合法序列的最長長度是多少。
題解：若乙個序列a[i....k]合法，則必有i-k中左括號的數目》=右括號並且在k處左括號與右括號相等。
轉化成數字就是左括號的權值是1，右括號的權值是-1，那麼從i開始到j的權值和一定要大於等於i並且從i到k的權值和等於i。
則就是和區間最小值的有關的問題了，想到線段樹維護這個權值字首和，然後查詢的時候，第一感覺肯定是查字首和值等於起始處的，但是這樣是不可行的，因為你二分查詢的時候，如果這個區間最小值等於起始處的時候，無法判斷是向左還是向右。
那麼就分步進行，首先從左開始找到第乙個小於起始值的，這個直接二分就可以找了，找到的話那麼答案就有了。如果沒有找到，那麼就從序列末尾找等於起始值的，找到就是答案。
兩次二分的差別就在於第一次是毫無目的性，你無法判斷向右還是向左，而第二次就很明朗了。
#includeusingnamespace
std;
const
int n=5e5+88
;int mi[n<<2],lazy[n<<2
],a[n],n,m;
char
s[n];
void build(int l,int r,int
t)
int m=(l+r)>>1
; build(l,m,t
<<1
); build(m+1,r,t<<1|1
); mi[t]=min(mi[t<<1],mi[t<<1|1
]);}
void pw(intt)}
int query(int l,int r,int l,int r,intt)}
void update(int l,int l,int r,int t,int
val)
pw(t);
int m=(l+r)>>1
;
if(l<=m) update(l,l,m,t<<1
,val);
update(l,m+1,r,t<<1|1
,val);
mi[t]=min(mi[t<<1],mi[t<<1|1
]);}
intmain()
else
else l=m+1
; }
printf(
"%d\n
",xx-x);
}else
else r=m-1
; }
printf(
"%d\n
",ans-x+1
); }}}
}}
k：題意：給你乙個n,m,n<=1000,m<=100.
長度為n的序列相對位置不能變，長度為m的任意插入長度為n的序列之中去，插入過程由你決定，然後相鄰的值不能選，問你能選的最大值是多少。
題解：不插入的話直接dp[n][2]推過去就行了，有插入的話就相當於每段之間多了m*m個狀態，多的就是目前b序列的情況。然後也是順推就行了。
兩種寫法，一種無狀態重疊，另一種有。
狀態重疊的關鍵就是用上一次選的代替這一次選的是對答案沒有影響的。
#include#include#include
using
namespace
std;
const
int n=1e3+55
;const
int m=1e2+55
;int sum[n],f[2][m][m],g[2
][m][m];
inta[n],b[n],n,m;
intmain()
sort(b+1,b+m+1
);
for(int i=1;i<=m;++i) sum[i]=b[i]+sum[i-1
];
int ans=0
;
for(int i=0;i<=m;++i)
printf(
"%d\n
",ans);
}}
#include#include#include
using
namespace
std;
const
int n=1e3+55
;const
int m=1e2+55
;int sum[n],f[2][m][m],g[2
][m][m];
inta[n],b[n],n,m;
intmain()
sort(b+1,b+m+1
);
for(int i=1;i<=m;++i) sum[i]=b[i]+sum[i-1
];
int ans=0
;
for(int i=0;i<=m;++i)
printf(
"%d\n
",ans);
}}
北師大複試
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北師大上機題 三 c
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