題解
一開始看到這道題各種費用流的即視感。
首先這個配對應該可以想到構建二分圖模型。構建出二分圖後就比較容易把關係轉化為邊了。
但怎麼構建呢？這個還是比較巧妙的，因為只有 小的數能整除大的數 且商為質數 的2個數才能配對。
也就是說只有在質因子個數相差1的情況下可能配對，於是很容易很把數分成2個集合。
然後在2個集合間靠關係建邊。（具體怎麼建就不闡述了）
另外在前提是跑最大費用最大流的情況下，由於整張圖的流與當前費用最大的增廣流之間存在單調性，
即隨流變大，每次費用最大的增廣流費用變小。（這個可以感性理解一下，主要是得意識到有這個性質）
所以我們一次次跑spfa，跑到最大費用不能再小為止。
答案就是最後的可行流。
**
1 #include 2 #include 3 #include 4 #include 5 typedef longview codelong
ll;6
using
namespace
std;
7const ll inf=1e18;
8const
int n=405;9
const
int m=100000;10
inta[n],b[n],c[n],d[n];
11int
n,cnt,x;
12struct
mcmf
1323
void ins(int x,int y,int
z,ll c)
2431
void add(int x,int y,int
z,ll c)
3236
bool
spfa()
3767
}68 flag[u]=0;69
}70if (flow[t]) return1;
71else
return0;
72}73int
solve()
7485 ans+=flow[t]*f[t];
86 tot+=flow[t];
87for (int i=t;i!=s;i=pre_point[i])
8893}94
return
tot;95}
96}t;
97int
main()
98112 t.t=n+1
;113 t.cnt=n+1
;114
for (int i=1;i<=n;++i) scanf("
%d",&b[i]);
115for (int i=1;i<=n;++i) scanf("
%d",&c[i]);
116for (int i=1;i<=n;++i)
117if (d[i]&1) t.add(t.s,i,b[i],0
);118
else t.add(i,t.t,b[i],0
);119
for (int i=1;i<=n;++i)
120for (int j=1;j<=n;++j)
121if (a[i]%a[j]==0 && d[i]==d[j]+1
)122
126 cout
127return0;
128 }
bzoj4514 Sdoi2016 數字配對
有 n 種數字，第 i 種數字是 ai 有 bi 個，權值是 ci。若兩個數字 ai aj 滿足，ai 是 aj 的倍數，且 ai aj 是乙個質數，那麼這兩個數字可以配對，並獲得 ci cj 的價值。乙個數字只能參與一次配對，可以不參與配對。在獲得的價值總和不小於 0 的前提下，求最多進行多少次配...
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