題面給一張帶點權的無向圖
要求對其劃分為聯通且不存在尤拉迴路的多個子圖
定義乙個子圖的貢獻是
第\(i\)個子圖的點權和佔前\(i\)個子圖的點權和的比例的\(p\)次冪
定義乙個劃分的貢獻是
該劃分下所有子圖的貢獻的乘積
求所有劃分的貢獻之和
設\(f_s\)為選取點集為\(s\)時所有劃分的貢獻和
有\[f_s=\frac*sum_t^p}}
\]注意要求\(t\)合法
可以列舉預處理
只需保證聯通(並查集)
且沒有尤拉迴路(所有點度數為偶數)
至此複雜度\(o(3^n)\)
考慮優化
分子部分顯然是集合卷積的形式
但與普通的或卷積不同
這個式子要求兩個集合交集為空才能轉移
這裡有乙個大智若愚、苦盡甘來、有捨有得、其實就是我太菜了的做法
加一維狀態\(i\)表示所選點集的大小
這樣複雜度就乘上乙個$n^2 $啦
就可以直接或卷積轉移
具體說就是
列舉點集\(s\)和\(s-t\)大小
再直接fwt或fmt轉移
這樣如果兩個集合有交集貢獻將是\(0\)
複雜度\(o(n^22^n)\)
#includeusing namespace std;
#define gc c=getchar()
#define r(x) read(x)
#define ll long long
templateinline void read(t&x)
while(isdigit(c))x*=k;
}const int n=25;
const int s=1<<21|7;
const int p=998244353;
struct edgee[n*n];
int fa[n];
int find(int x)
inline void uni(int u,int v)
inline bool in(int s,int x)
int n,m,q;
int deg[n];
inline bool check(int s)
for(int i=1;i<=m;++i)
} int lst=0;
for(int i=s;i;i^=i&(-i))
return 0;
}inline void add(int &a,int b)
inline void sub(int &a,int b)
inline ll qpow(ll a,ll b)
return ans;
}inline void fmt(int *a)
for(int i=1;i<=n;++i)fmt(g[i]);
f[0][0]=1;fmt(f[0]);
for(int i=1;i<=n;++i)
} ifmt(f[i]);
for(int k=0;k<1
} printf("%d\n",f[n][s]);
}
WC2018 州區劃分
點此看題 設d p s dp s dp s 為選出來的點狀壓為s ss，所得到的滿意度總和，轉移 d p s 1 f s i s dp i g s i dp s frac sum dp i times g s i dp s f s 1 i s d p i g s i 其中f s f s f s 是w...
WC 2018 州區劃分
給乙個無向圖 g v,e 滿足 v 21 對於某一種將 g v,e 劃分為k個的有序集合方案，若每乙個子集 g i v i,e i e i 都不存在尤拉迴路，則會對答案貢獻為 其中，x 為集合元素，w x 為元素 x 的權值。題解 被題意坑成cu 我還是太菜了 其實很顯然我們會得到乙個 dp 設 f...
WC2018 州區劃分
題目 就當那個判斷乙個州不合法的條件是存在尤拉迴路吧 一張無向圖存在尤拉迴路的條件是 圖連通不存在度數為奇數的點 於是我們列舉每乙個子集，可以在 o 2 nn 2 的時間內判斷乙個集合是否能獨立成為乙個州 之後我們設 dp i 表示選取狀態為 i 的時候的答案，s i 為這個狀態對應的城市的人口之和...