寫了乙個有點奇怪的做法（感覺
首先發現有個比較正常的暴力，就是每次二分重新建圖跑，似乎有80分，應該也比較好寫，考場應該會寫這個。
考慮如果得到了前\(i\)個人的答案（問題1），那麼這些人只能在一部分的導師裡面反悔，我們把這些邊建出來。
然後對於\(i+1\sim n\)個人，每次把它所有邊加上，然後看看它在這個排名可不可以達到它的期望，然後再把邊撤回。
這裡用乙個單路增廣就好，比較好撤回，可以發現這個單路增廣是\(o(n+m)\)的
然後每個人跑了\(n\)次單路增廣，\(m\)在建一部分邊後大小應該是\(nc\)條的，所以總複雜度是\(o(tn^3c)\)，跑不滿就可以過
code:
#include #include #include #include const int n=420;
const int m=4e5;
const int inf=0x3f3f3f3f;
template void read(t &x)
int head[n],thead[n],edge[m],to[m],next[m],cnt;
void add(int u,int v,int w)
int n,m,s,t,bee[n][n],ans0[n],ans1[n],yuy[n];
int pre[n],vis[n],ti,id,flag;
void dfs(int now)
flag=0;
return;
}for(int v,i=head[now];flag&&i;i=next[i])
if(edge[i])
}struct koito_yuu
koito_yuu(int v,int x)
bool friend operator <(koito_yuu a,koito_yuu b)
}yuu[n][n];
void work()
*/} for(int i=1;i<=n;i++) read(yuy[i]);
for(int i=1;i<=n;i++)
flag=1,++ti;
dfs(s);
id=bee[j][id==t+1?m+1:id-n];
if(j==i) ans0[i]=id;
if(id<=yuy[j]) ans1[j]=i;
cnt=tmp;
for(int k=1;k<=t+1;k++) head[k]=thead[k];
} add(s,i,1);
for(int j=1;j<=m+1;j++)
if(ans0[i]==yuu[i][j].v)
add(i,yuu[i][j].x,1);
flag=1,++ti;
dfs(s);
int now=t;
while(pre[now])
}for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",ans0[i]);
puts("");
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",i-ans1[i]);
puts("");
}int main()
return 0;
}
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