鍊錶相關的面試題是經常出現的，今天總結一下~
1.如何判斷乙個鍊錶是否有環？如果有，找到環的入口？
設定快慢指標，快指標步長為2，慢指標步長為1，如果有環，最終快慢指標會相遇，**如下：bool hascircle(node* head, node* &encounter)}// fast == null || fast->next == nullencounter = null;returnfalse;
}
至於如何確定環入口,請看下圖設入口點距鍊錶頭部head有x步,由於必然相遇,設相遇點距入口點有y步,環長度為r(表示環中有r+1個節點），那麼有判斷相遇的演算法可知(x+y)*2=nr+(x+y) => nr=x+y =>(n-1)r+r-y=x由上面的分析可知，設定兩個指標，乙個初始為head，另乙個初始為encounter，同步前進，一旦相遇就是入口，於是有了下面的**：2. 假設有兩個單鏈表，給出頭指標 head1 和 head 2，判斷兩個鍊錶是否有交點？node* findentry(node* head, node* encounter)return p1;}先判斷是否有環，不過題目一般會給定無環條件。如果沒有給出，可以判斷，判斷演算法如下：3. 只給定單鏈表中某個結點p(並非最後乙個結點，即p->next!=null)指標，刪除該結點。如果無環，遍歷兩個鍊錶，得到兩個鍊錶的長度m和n,先遍歷較長鍊錶|m-n|次，接著同步遍歷兩個鍊錶，一旦相同，則找到相同節點，否則返回null。
這個題目有個trick，正常的思路是利用p前面乙個節點才能刪掉p，但是現在只有p的位址，得不到p前面的位址，那麼只能刪除p後面的節點，刪除之前把p->next的內容複製到p中，注意這個演算法刪除不了最後乙個元素。4.只給定單鏈表中某個結點p，在p前面插入乙個結點？思路同3，先在p後面插入乙個節點，然後將p的資料複製到p->next中，在將插入的結點的資料複製到p中5.給定單鏈表的頭結點head，刪除鍊錶中倒數第k個結點同樣是快慢指標問題，設定快指標p_fast，慢指標p_slow，初始均指向head，快指標先走k步，走完k步之後快慢指標同步走，每次走一步，直至快指標走到隊尾。這裡沒有考慮有環的狀況，有環這個題目就無法解了， 如果嚴謹的話要先判斷是否有環。下面是乙個不太嚴謹的演算法。6.找出鍊錶的中間元素（無環）node *(node *head,int k)if(count>0)return null;while(p_fast!=null)return p_slow;}同樣是快慢指標的問題，快指標慢指標初始都指向head，快指標每次行進兩步，慢指標一步，一旦快指標指向鍊錶尾部，慢指標指向的就是中間元素。實際寫**要考慮一些奇偶情況。7.鍊錶的就地逆置頭插法，但是要注意一些特殊情況，**如下：8.複雜鍊錶的複製node* reverselist(node* head)p1 = head;p2 = head->next;while (p2 != null)head->next = null;head = p1;return head;}這個是程式設計師面試精選的第49題，思路很巧妙，題目意思見鏈結，鍊錶複雜就複雜在於除了有乙個m_pnext指標指向下乙個結點外，還有乙個m_psibling指向鍊錶中的任一結點或者null。其結點的c++定義如下：9.已知兩個鍊錶head1 和head2 各自有序，請把它們合併成乙個鍊錶依然有序，保留所有結點，即便大小相同，遞迴實現，假設都是公升序排列。struct complexnode;解法一旦知曉就沒什麼神秘的了，答案參看鏈結。10.從乙個未排序的鍊錶中刪除重複的元素，給出一種演算法，如果要求不適用額外的空間呢？node * merge(node * head1,node *head2)elsereturn ret;}如果能用hash表的話，只需要遍歷一次鍊錶，如果發現元素不在hash表中，就插入hash表，反之則刪除。如果不用額外的空間的話，有個o(n2)的演算法：
linklist removedupnode(linklist l)//刪除重複結點的演算法elseq=q->next;}p=p->next;}return l;}一些面試題收集
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