好題+細節題
答案字典序要求最小，所以考慮倒敘列舉，對於當前一組需要盡量多的加東西，因為後面組選的數越多，前面的選擇機會越多
化列舉序列為列舉值域，這是這道題的關鍵
\(k=1\)：倒敘列舉到\(i\)，此時只需判斷當前組中的數是否有加\(a_i\)等於完全平方數的；可以\(o(n)\)列舉，但顯然可以更優：列舉所有的完全平方數，對於之前的數開桶記錄即可，這樣做的複雜度為完全平方數的個數，可以發現最大為512，可以通過這部分資料
\(k=2\)：同理倒敘列舉到\(i\)，此時分兩種情況：
一般情況下，\(a_i\)第一次出現在這一組中；「如果有與\(a_i\)成為完全平方數的數，那麼它們倆不能在同一邊」->「兩個點不能在同一邊」，這是不是很眼熟？就是擴充套件域並查集好題（裸題）關押罪犯，所以直接套用這個做法即可；優化：直接列舉序列仍然是\(o(n^2)\)的，所以令\(f_i\)表示與值\(i\)為友的集合，\(f_\)表示與值\(i\)為敵的集合，直接合併並查集就好了
\(a_i\)多次出現且\(2\times a_i\)為完全平方數，上面的值域並查集並不能很好的處理這種自己和自己的關係，所以需要特判
細節：上面的1無法考慮到另乙個數自己和自己成完全平方的情況，需要特殊處理，在**中有注釋（如果沒有考慮到會錯後面幾個點）
全部寫清楚就是這樣的。。。
#include#define n 150005
#define min(x,y) ((x)<(y)?(x):(y))
#define max(x,y) ((x)>(y)?(x):(y))
#define re register
using namespace std;
typedef long long ll;
int temp=512,c=512*512+1;
int n,k,a[n],ct[n],tot;
bool exist[n<<2];
template void read(t &x)
bool check1(int x)
return 1;
}void solve1()
} printf("%d\n",tot+1);
for(int i=tot;i>=1;--i) printf("%d ",ct[i]);
printf("\n");
}int fa[n<<4],vis[n<<4];
bool tag[n<<4];
int find(int x)
int merge(int x,int y)
void solve2()}}
} else for(int j=temp;j>=1;--j)
if(no) break;
} if(no)
vis[a[i]]++;
} printf("%d\n",tot+1);
for(int i=tot;i>=1;--i) printf("%d ",ct[i]);
printf("\n");
}int main()
洛谷P3940 分組（並查集）（暴力）
首先發現資料限制了只有k 1 k 1k 1和k 2k 2 k 2的情況，而且值域不是很大，或許可以暴力列舉平方根。考慮k 1 k 1k 1的情況，顯然直接列舉平方根，把不能同組出現的數標記一下就行了。注意我們需要最小化分界的字典序，所以實際上是將字尾劃分得盡量長而已，倒著列舉即可。考慮k 2 k 2...
無聊的序列 洛谷p3940
無聊的yyb總喜歡搞出一些正常人無法搞出的東西。有一天，無聊的yyb想出了一道無聊的題 無聊的數列。k峰 這題不是傻x題嗎 維護乙個數列，支援兩種操作 1 1 l r k d 給出乙個長度等於r l 1的等差數列，首項為k，公差為d，並將它對應加到a l a r 的每乙個數上。即 令a l a l ...
洛谷 P4447分組
大致想法是用乙個佇列記錄當前正在進行中分組的起始位置，並記錄當前分組數，若掃瞄到的下乙個數的個數少於當前分組數，則代表當前有一定數量的分組需要就此停止，按照開始順序依次出佇列即可 include include include include include include include incl...