*今天考試很水，ssw023道題都寫的正解，然而不注重細節。+1or-1寫成 |1 ，連通塊最大值不更新 ， t3就是這道細節題 *
description歷史學家小ａ正在研究乙個奇怪的王國的歷史。當前階段的任務是研究該國的交通。
根據這個奇怪的王國的史書記載，史書開始記載前這個王國有 n 個城市（城市從 0 開
始標號） ，但所有城市之間都沒有道路相連。
每一年，在位的國王會修建一條 x 到 y 的雙向道路，一條道路可能被修建多次，但不會
修建起點和終點為同乙個城市的道路。
而在這之間，國王會計畫進行若干次旅行。對於計畫進行的一次旅行 st->ed，如果當
時能完成這次旅行，而 t 年前不能完成這次旅行，那麼國王會對之前的建設成果感到滿意，
否則他會很生氣，並在下一次計畫旅行前都讓史官記錄下錯誤的修建道路的資訊，即把 x、
y 記作(x+n-c) mod n，(y+n-c) mod n。
當然在這些年中也發生了若干次國王的交替，初始國王的 c 值為 0，而每個國王的 c 值
不一定相同，但在國王在位期間 c 值不會改變，新上位的國王開始處於不生氣的狀態。
請根據史書幫助小 a 得出國王每次對於計畫旅行是否滿意，從而輔助小 a 能夠研究該
國的交通資訊。
input
第一行為兩個整數 n，m，表示初始城市數和歷史書記載的內容數。
接下來 m 行，每行是以下三種格式之一：
1 . k v ：表示國王交替，新國王的 c 值為 v
2 . r x y：表示史書上記載的是國王修建了 x 到 y 的雙向道路，但注意這個記錄的可
能不是實際狀況。
3 . t st ed t： 表示國王計畫進行的一次 st->ed 的旅行， 且比較的是 t 年前的情況 （國
王可能會和史書開始記載以前的情況比較） ，注意這個記錄的肯定是實際情況。
注意只有遇到 r 操作才會使年份的計數+1。
output
輸出格式
輸對於每個 t 的記錄輸出一行， 如果此次計畫旅行令國王滿意， 則輸出 y， 否則輸出 x。
in.1
3 7r 0 1
t 0 1 1
k 1r 0 1
t 0 1 1
r 0 1
t 0 2 1
out.1yn
y資料範圍與約定
對於 30％的資料，保證 n<=1000 ,m<=3000。
另 30％的資料滿足沒有發生國王的交替。
對於 100％的資料，保證 n，m<=300000，0<=v，x，y，st，ed < n，0<=t< m。
由 yy儒 學長手寫的優質題解（ssw02只提供 法二 的** ）做法一：【資料結構優化暴力】
30％做法：由於只需要知道連通性，我們可以維護森林。有乙個比較好的暴力方法是，連邊時在邊上記錄這條邊連上的時刻，詢問時求兩點之間最遲的邊即可知道這兩個點連通的時刻，暴力複雜度o(nm)，能拿到30％的分數。【這個思路很重要！】
100％做法：套上個lct即可。但由於資料範圍較大，可能需要優化常數，由於資料有梯度，具體分數根據**的醜陋程度而定。
ac code: 我寫的相當簡潔
#includeusing namespace std ;
const int maxn = 300005 ;
inline int read()
while(g>='0'&&g<='9')s=s*10+g-'0',g=getchar() ;return s*w ;
}int n , m , op[ maxn ][ 4 ] , fa[ maxn ] , c = 0 , now = 0 ;
int ask[ maxn ][ 4 ] , tot = 0 , rev[ maxn ] ; // x , y , t , 是否建好 ; rev反問
char s ;//k - 1 , r - 2 , t - 3 ->0 ;
bool kkk = false ;//是否發火
priority_queue< pair< int , int > >q ;// t , tot
void prepare()
else if( s == 'r' )
else if( s == 't' ) }}
inline int find( int x )
bool ask_( int x , int y )
inline void combin(int x,int y)
int main()
} if( op[ i ][ 0 ] == 3 )
else
} } return 0 ;
}
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