我的做法，想了好久才想出來。
考慮最後答案的情況肯定是非遞增的，所以我們可以從右往左開始填數，每次填完更新一下rrr。
#include
using
namespace std;
typedef
long
long ll;
const
int n=
3e5+
5,m=
2e4+
5,inf=
0x3f3f3f3f
,mod=
1e9+7;
#define mst(a,b) memset(a,b,sizeof a)
#define pii pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
int n,k;
int a[n]
,cnt[n]
;int ans[n]
;int
main()
r=min(r,l-1)
;}ll s=0;
for(
int i=
1;i<=k;i++
) s+
=ans[i]
;printf
("%lld\n"
,s);
return0;
}
最開始看能填多少個0
00，即sum
=min
(cnt
[0],
k)
sum=min(cnt[0],k)
sum=mi
n(cn
t[0]
,k)。
這個對答案的貢獻是sum
sumsu
m。因為後面數的貢獻不能超過前面數的貢獻，所以
s um
=min
(sum
,cnt
[i])
sum=min(sum,cnt[i])
sum=mi
n(su
m,cn
t[i]
)，然後計算即可。
#include
using
namespace std;
typedef
long
long ll;
const
int n=
3e5+
5,m=
2e4+
5,inf=
0x3f3f3f3f
,mod=
1e9+7;
#define mst(a,b) memset(a,b,sizeof a)
#define pii pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
int n,k;
int cnt[n]
,sum;
ll ans;
intmain()
printf
("%lld\n"
,ans)
;return0;
}
關於尺取（雙指標）法的理解
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