這裡給出啟發式的題解和比較簡單的做法。（**五十行）
題意：在乙個n*n的網格中，每個網格上有乙個值（1~9），網格之間可能有板子，即相鄰兩格仔可能不互通，從左上角走到右下角，找出一條最短路，其路上總權值最大。
你可以在紙上畫一畫，你會發現，如果你想走出最短路，只能向右或者向下，也就是不能回頭。想到這一步，就可以很容易
做出這道題了（才怪）。考慮一下，當前格仔，只能向下或者向右，變一下思路，也就是當前格仔只能由上或者左的格仔走來。
動態規劃四個大字已經呼之欲出了（bfs也可以但我覺得dp比較帥）
當前格仔最大值=max（上面的格仔最大值，左邊的格仔最大值）+當前格仔的初始值a[i][j]；
即dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1])+a[i][j];
方程出來了，僅僅是開始，我們還要尋找轉移條件。
根據題意，兩個格仔之間互通的條件是兩個格仔之間沒有板子。
嗯，那麼在dp的時候加上這樣的判定就好了。
嗯？你覺得結束了？
不不不（我當時就以為這樣結束了，wa得很慘）。
兩個格仔之間互通，不代表走最短路的時候可以互通。
比如：2|3 4 5 6
6 7 2 3 1
這樣乙個圖，（0，0）右邊有乙個板子，因為最短路的關係，所以（0，0）右邊一行都不能走，推dp的時候也不能由這些點得來。
也就是說我們還要加乙個標記，v[i][j]，表示這個點是否能夠探索到，1為可以，0為不行，初始設v[1][1]=1。
到這裡思路部分真正完結了。但是你可能還有疑問？如何處理板子？
2.處理
某黃姓老師曾說過，優秀大學生最喜歡暴力。
仔細想一下，相鄰的兩個點，他們的x或y座標必定有乙個相等。
那麼我們可以減少一維，開兩個陣列，dy[i][j-1][j]表示第i行的j-1與j兩個格仔有板子，dx[j][i-1][i]同理。
其實優化到這一步已經可以做題了，但我們不滿於此，仔細思考一下，相鄰兩點除了一維座標相等，另一維其實只相差1，處於乙個線性的關係，
我們完全可以再去掉一維座標，用dy[i][j]表示第i行的j-1與j之間的互通情況，dx[j][i]同理。
實話說，相對於其他幾個題解，我對自己的處理方法很滿意。
壓縮到這裡，我已經滿足了，有爽到。
下面給出**。
#include
#include
#include
using
namespace std;
int g[
111]
[111
],v[
111]
[111
],dx[
111]
[111
],dy[
111]
[111
],dp[
111]
[111];
intmain()
scanf
("%c"
,&aaa);}
cin >> m ;
for(i=
1;i<=m;
++i)
for(i=
1;i<=n;
++i)
if(j-
1>
0&&dy[i]
[j]==
0&&v[i]
[j-1])
}}printf
("case %d: %d\n"
,t,dp[n]
[n])
;++t;
}return0;
}
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