給一棵 n 個點的樹，1 號節點為根，邊有邊權，令 f(u,v) 表示 u 節點到 v 節點，路徑上邊權異或值。求 ∑i=1n∑j=1nf(i,j)\sum_^\sum_^ f(i,j)∑i=1n∑j=1nf(i,j)，結果對 1000000007 取模。
第一行乙個整數 n(n≤100000)n(n \leq 100000)n(n≤100000)，接下來 n-1 行，第 i 行輸入兩個整數，p[i](p[i] < i), v[i](100000>=v[i]>=1) (分別表示 i+1號節點的父親，以及 i+1 與 p[i] 相連的邊的權值。
輸出乙個整數表示答案。所以，很容易去往樹形dp上去想，求出每一位對應的在子樹方向上的貢獻，然後通過異或的性質是對每一位進行這樣操作的，所以直接推個樹形dp即可維護。
#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include //#include //#include #define lowbit(x) ( x&(-x) )
#define pi 3.141592653589793
#define e 2.718281828459045
#define inf 0x3f3f3f3f
#define half (l + r)>>1
#define lsn rt<<1
#define rsn rt<<1|1
#define lson lsn, l, mid
#define rson rsn, mid+1, r
#define ql lson, ql, qr
#define qr rson, ql, qr
#define myself rt, l, r
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
typedef unsigned int uit;
typedef long long ll;
const ll mod = 1e9 + 7;
const int maxn = 1e5 + 7;
int n, head[maxn], cnt;
struct eddge
}edge[maxn];
inline void addeddge(int u, int v, int w)
int siz[maxn][17], xor[maxn], son[maxn];
ll ans[17] = ;
void dfs(int u)
for(int i=head[u], v; ~i; i=edge[i].nex)
son[u] += son[v];
}}inline void init()
int main()
dfs(1);
ll sum = 0, now = 1;
for(int i=0; i<=16; i++)
printf("%lld\n", sum * 2ll % mod);
return 0;}/*
31 1
2 2ans:12
*/
異或生成樹（樹形dp）
傳送門 題意 給定n nn個結點的權值ai 1 127 a i in 1,127 ai 1 127 求最大異或和生成樹。思路 答案的範圍為 0,127 0,127 0,127 考慮樹形dpdp dp,設dp i j dp i j dp i j 為以結點i ii為根的子樹答案是否為jjj 對於當前結點...
異或的路徑
思路 dfs處理出根節點到全部節點的異或值，然後對每一位二進位制計算貢獻 第i位就是2 i的貢獻，而貢獻的數量就是0和1的數量積，因為只有端點是0和1路徑異或後才是1，該位才會1 最好乘二是終起點可以調換 include include include include include include...
最長異或路徑
題目鏈結 戳我前置知識 什麼是異或？如果二進位制下同一位不相同,則為 1 否則為 0 trie樹 基本位運算 對於同一條邊異或兩次，相當於沒有進行異或，我們將dis i 表示為從i點到根節點的路徑異或和。則問題轉化為了求兩點的dis異或最大值 貪心的想，對於乙個數x，我們對於dis i x最大，則每...