程式設計題關於棧和佇列

實現棧的求最小值函式（劍指歐肥兒）

棧的壓入，彈出序列（劍指歐肥兒）

用兩個棧實現佇列（劍指歐肥兒）

滑動視窗的最大值（劍指歐肥兒）

class solution ;

**思路：

宣告兩個棧，乙個是放所有值的棧(stackin)，乙個是頂部放最小值的棧(stackmin)

壓入時，兩個棧都要壓入數，stackin壓入value；而stackmin需要和它棧中top位置的值比較，如果value小於等於stackmin.top()壓入value，如果value大於stackmin.top()則壓入stackmin.top()

彈出時，兩個棧都彈出頂端的數，這樣保證了兩個棧的同步性，保證stackmin的頂部是當前stackin整個棧的最小值。

返回stackin的頂端的值。

返回stackin裡的最小值，即stackmin裡的頂端值。

題目描述：

輸入兩個整數序列，第乙個序列表示棧的壓入順序，請判斷第二個序列是否可能為該棧的彈出順序。假設壓入棧的所有數字均不相等。例如序列1,2,3,4,5是某棧的壓入順序，序列4,5,3,2,1是該壓棧序列對應的乙個彈出序列，但4,3,5,1,2就不可能是該壓棧序列的彈出序列。（注意：這兩個序列的長度是相等的）

解題答案：

class solution    
stack st //加入乙個輔助棧
int id = 0;
for(int i = 0; i < popv.size(); i++)
st.push(pushv[id++]);
}st.pop();
}if(st.empty())else
}}

**思路：

邊界值判斷，去除不符合條件的輸入向量

依次遍歷輸出棧（popv）的每乙個數，再迴圈判斷popv對應的數是否等於st（輔助棧）頂端的數，如果不等於則繼續壓入pushv的數，如果等於則st彈出這個數。注意迴圈的時候有可能一直沒找到符合條件的數，就會變成死迴圈，故判斷是否變數下標越界，越界直接false（因為這意味著彈出序列包含了壓入序列裡沒有的數）。

最後判斷輔助棧st是否為空，為空則彈出序列正確，否則不正確。

向量vector的大小：vector.size()

取向量vector裡的數：vector[i] //取數類似於陣列

這道題的思維：

借用乙個輔助的棧，遍歷壓棧順序，先講第乙個放入棧中，這裡是1，然後判斷棧頂元素是不是出棧順序的第乙個元素，這裡是4，很顯然1≠4，所以我們繼續壓棧，直到相等以後開始出棧，出棧乙個元素，則將出棧順序向後移動一位，直到不相等，這樣迴圈等壓棧順序遍歷完成，如果輔助棧還不為空，說明彈出序列不是該棧的彈出順序。

舉例：入棧1,2,3,4,5

出棧4,5,3,2,1

首先1入輔助棧，此時棧頂1≠4，繼續入棧2

此時棧頂2≠4，繼續入棧3

此時棧頂3≠4，繼續入棧4

此時棧頂4＝4，出棧4，彈出序列向後一位，此時為5，,輔助棧裡面是1,2,3

此時棧頂3≠5，繼續入棧5

此時棧頂5=5，出棧5,彈出序列向後一位，此時為3，,輔助棧裡面是1,2,3

題目描述：用兩個棧來實現乙個佇列，完成佇列的push和pop操作。佇列中的元素為int型別。

**：

class solution
int pop() 
}int a = stack2.top();
stack2.pop();
return a;
}private:
stackstack1;
stackstack2;
}

**思路：

壓棧就壓stack1.

彈出時，首先檢測stack2是不是空的，如果是空的，就把stack1裡從頂到底壓入stack1，再彈出stack2頂部資料；如果stack2不是空的，則直接把stack2的頂部資料彈出。

這樣做的好處，不會每一次壓棧都要重新生成一次stack2（因為生成stack2時間為把stack1全部n個節點壓入，時間為n），只有在stack2全部用完了，才會重新生成stack2。節約時間，而且省空間。

**核心：

if(stack2.empty()) 
}

題目描述:

給定乙個陣列和滑動視窗的大小，找出所有滑動視窗裡數值的最大值。例如，如果輸入陣列及滑動視窗的大小3，那麼一共存在6個滑動視窗，他們的最大值分別為；針對陣列的滑動視窗有以下6個：，，，，，

解題**：

class solution 
}max.push_back(m);
}return max;
}};

這道題的思維：

不要引入棧！這道題和棧沒關係！

切入點很重要，切入點正確了，這道題就很簡單了。

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