走這裡思路源於題解第一篇
首先考慮此題若沒有不允許兩個相同的數配對這一條件，則好辦很多，直接分別排序後一一配對即可。
然後考慮有這一條件的情況：
注意到有\(ai\)不相同，\(bi\)也各不相同的條件，即如果當前匹配的兩個數是相同的，那麼調整其中乙個數為其相鄰的兩個數，就一定不會失配。因此我們先對兩個數列排一遍序，然後對於所得的結果進行調整即可。於是將\(a[i-1],a[i],a[i+1]\)與\(b[i-1],b[i],b[i+1]\)分別搭配即可。由於\(a[i+1]\)需要判上界，而\(f[1]\)和\(f[2]\)總需要被預先處理出來，所以這裡調整為處理\(i-2,i-1,i\)（都一樣）。
定義\(f[i]\)表示在匹配到第\(i\)對數時差值的最小值，那麼初始的\(f[i]=abs(a-b)\)，之後用上述兩組數的所有任意搭配情況的差值結果與初始的\(f[i]\)比較取最小值，如果遇到匹配的兩個數是相等的情況，將結果賦為\(inf\)。
#include#define n (100000+5)
#define inf (1000000+7)
using namespace std;
int read()
while (isdigit(c))
return cnt * f;
}long long get(long long a, long long b)
long long n, a[n], b[n], f[n];
int main()
sort (a + 1, a + n + 1);
sort (b + 1, b + n + 1);
if (a[1] == b[1] && n == 1)
f[1] = get(a[1], b[1]);
f[2] = min(f[1] + get(a[2], b[2]), get(a[1], b[2]) + get(a[2], b[1]));
for (register int i = 3; i <= n; i++)
printf("%lld",f[n]);
}
洛谷P2474 SCOI2008 天平 題解
題目傳送門 題目大意 看題面吧。思考過程 具體做法 我也是看別人的題解才會做的。這個題真的很難往dp方面去想，但是想到了就特別簡單，用dn i j 表示i比j大的最小值，dx i j 表示i比j大的最大值 若j比i大，則這個值為負數 轉移請看 挺容易理解的，主要這個狀態真的想不到。include u...
洛谷 P4159 SCOI2009 迷路
如果邊權為 1 11，則是簡單的矩陣快速冪加速dp遞推方程，又因為邊權並不大，所以考慮拆點，新圖中邊權均為 1 11，將每個點暴力拆成相連的 9 99 個點，對於原先某條邊 u,v,w u,v,w u,v,w 可以轉化為 u uu 拆成的點中第 w ww 個連向 v vv 拆成的點中第 1 11 個...
洛谷 P2327 SCOI2005 掃雷
看起來我做的和其他題解不一樣 那就發一篇吧 首先本題情況看似無厘頭，但是仔細觀察，不難發現 我們可以假設第一種情況，接著可以推出第二種 然後有了兩個已知的後，第三個顯而易見 如果你要問我怎麼推出來的嗎，我在裡面說的的邏輯判斷已經很明白了 include include include include...