problem a
題意：詢問1~n最長區間使得1~n任意子區間詢問都有數列的最小值在同一位置。
被隊友教會了。
假設p為所求的答案，檢查當前p是否合法，由於p具有當前不合法，p+1~n都不可能合法的性質，所以可以使用二分，若當前p合法，那麼二分左指標右移，否則右指標左移。
o(n*logn)st表維護兩個陣列各自的區間最小下標，這樣每次都可以做到o（1）查詢
然後判斷當前p是否合法的方法是首先判斷1~p兩個數的最小值下標是否相同。
如果相同，假設這個下標為m，我們可以得知分別處於m兩邊的l，r的最小值下標一定是m，所以我們只需判斷【1，m-1】，【m+1，p】是否合法即可，於是就遞迴著做就可以，一旦出現乙個乙個不合法就返回false，二分找下乙個可行的p
#include#include#includeusing namespace std;
#define ll long long
#define for1(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define for0(i,a,b) for (int i=a;ir) return true;
else if ( query(l,r) )
return false;
}int main()
printf("%d\n",r);
}return 0;
}
從這題得出的結論是：
①積分內的常數可以直接移到外面
②積分n項的積不能先各自積分再求積，累加的話是可以的。
③④累乘變累加：
之後就是求逆元，累加就完事了
#include#include#includeusing namespace std;
#define ll long long
#define for1(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define for0(i,a,b) for (int i=a;i>= 1;
a = a*a%mod;
}return ans;
}ll geta(int idx)///求得當前下標對應的分母一坨值
sum = sum*a[idx]%mod*2%mod;
return (sum+mod)%mod; ///上面涉及減法，最後記得加個這個
}int main()
return 0;
}
網上盜圖：
然後期望到底是面積的幾分之幾直接爆交猜，emm
等於三角形面積的11/18，就當結論記住吧。
#include#include#includeusing namespace std;
#define ll long long
#define for1(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define for0(i,a,b) for (int i=a;iproblem j
除法變乘法，涉及到大數的操作
把1e18的拆成1e9的大位，1e9的小位即可。
#include#include#include#includeusing namespace std;
#define ll long long
#define for1(i,a,b) for (int i=a;i<=b;i++)
#define for0(i,a,b) for (int i=a;i");
else printf("%s\n",(x1");
}return 0;
}
牛客暑期多校訓練營B Boundary
給定n個點，然後確定乙個過原點的圓，要使這n個點盡可能多的存在與圓上，最後輸出最多的存在於圓上的點的個數 三點確定乙個圓，我們已知這個圓必定經過原點，所以再依次利用三點求圓心的公式列舉每兩個點與原點 三點不共線 確定的圓心，最後選擇確定次數最多的圓心構成的圓 include include incl...
2019牛客暑期多校訓練營（第一場）
題意 題解 c 版本一 題意 題解 c 版本一 題意 題解 c 版本一 題意 題解 c 版本一 題意 題解 c 版本一 題意 題解 數學 計算幾何 邏輯推理 c 版本一 題解 特例 正三角形 取重心 中點 頂點，則期望為 公式 author stzg language c include inclu...
2019牛客暑期多校訓練營（第九場）
d knapsack cryptosystem 折半搜尋，晚上又去看了挑戰程式設計，對於時間複雜度高的情況，可以通過犧牲空間來降低時間複雜度。先把前半部分所有可以組合的情況列舉出來，然後對於後半部分依次列舉，那麼複雜度變化為o 2 36 o 2 18 2 18log 18 顯然就可做了，折半的裸題。...